余弦定理复习导学案-CAL-FENGHAI-(2020YEAR-YICAI)_JINGBIAN第2课时知能目标解读1.通过对任意三角形边长和角度关系的探索，掌握余弦定理，理解用数量积推导余弦定理的过程，并体会向量在解决三角形的度量问题时的作用.2.了解余弦定理的几种变形公式及形式.3.会从方程的角度来理解余弦定理的作用及适用范围，并会用余弦定理解决“已知三边求三角形的三角”及“已知两边及其夹角求三角形中其他的边和角”等问题.4.能熟练应用余弦定理解三角形以及现实生活中的实际问题.重点难点点拨重点：余弦定理的证明及其应用.难点：处理三角形问题恰当地选择正弦定理或余弦定理.学习方法指导一、余弦定理1.余弦定理：在△ABC中，∠A，∠B，∠C的对边分别为a，b，c，那么有如下结论：a2=b2+c2-2bc cos A,b2=a2+c2-2ac cos B,c2=a2+b2-2ab cos C.即三角形任何一边的平方等于其他两边的平方和减去这两边与它们夹角的余弦的积的两倍.这一结论叫做余弦定理，它揭示了任意三角形边角之间的客观规律.也是解三角形的重要工具.注意：（1）在余弦定理的每一个等式中含有四个量，利用方程的思想，可以知三求一.（2）余弦定理也为求三角形的有关量（如面积，外接圆，内切圆等）提供了工具，它可以用来判定三角形的形状，证明三角形中的有关等式，在一定程度上，它比正弦定理的应用更加广泛.2.关于公式的变形：将余弦定理稍加变形，可以得到另外的形式，我们称为余弦定理的推论.掌握这些表达形式，可以帮助我们深入理解和灵活应用余弦定理.cos A=bc ac b22 22-+，cos B=ac bc a22 22-+，cos C=ab cb a22 22-+.由上述变形，结合余弦函数的性质，可知道：如果一个三角形两边的平方和等于第三边的平方，那么第三边所对的角是直角，如果小于第三边的平方，那么第三边所对的角为钝角，如果大于第三边的平方，那么第三边所对的角为锐角.从这一点说，余弦定理可以看作勾股定理的推广，而勾股定理则是余弦定理的特例.二、余弦定理的证明教材中给出了用向量的数量积证明余弦定理的方法，是平面向量知识在解三角形中的应用.另外，对余弦定理的证明，还可以应用解析法、几何法等方法证明.证明：方法1：（解析法）如图所示，以A为原点，△ABC的边AB所在直线为x轴，建立直角坐标系.则A（0,0）,C(b cos A,b sin A),B(c,0),由两点间的距离公式得BC2=（b cos A-c）2+(b sin A-0) 2,即a2=b2+c2-2bc cos A.同理可证b2=a2+c2-2ac cos B,c2=a2+b2-2ab cos C.方法2：（几何法）如图.当△ABC为锐角三角形时，过C作CD⊥AB于D，则CD=b sin A,AD=b cos A,BD=AB-AD=c-b cos A.在Rt△BCD中，B C2=CD2+BD2,即a2=b2sin2A+(c-b cos A) 2.所以a2=b2+c2-2bc cos A.同理可证b2=a2+c2-2ac cos B,c2=a2+b2-2ab cos C.如图，当△ABC为钝角三角形时，过C作CD垂直于AB的延长线，垂足为D，则AD=bc os A,CD=b sin A.BD=AD-AB=b cos A-c.在Rt△BCD中 ,BC2=CD2+BD2,即a2=b2sin2A+（b cos A-c）2.所以a2=b2+c2-2bc cos A.同理可证：b2=a2+c2-2ac cos B,c2=a2+b2-2ab cos C.三、余弦定理的应用余弦定理主要适用以下两种题型:（1）已知三边求三角，用余弦定理，有解时只有一解；（2）已知两边和它们的夹角，求第三边和其他的角，用余弦定理，必有一解.注意：在应用余弦定理求三角形的边长时，容易出现增解，原因是余弦定理中涉及的是边长的平方，求得结果常有两解，因此，解题时需要特别注意三角形三边长度应满足的基本条件.知能自主梳理1.余弦定理（1）语言叙述：三角形任何一边的平方等于减去的积的.（2）公式表达:a2=;b2=;c2=.(3)变形:cos A=;cos B = ; cos C = . 2.余弦定理及其变形的应用应用余弦定理及其变形可解决两类解三角形的问题，一类是已知两边及其 解三角形，另一类是已知 解三角形.［答案］ 1.(1)其他两边的平方和 这两边与它们夹角的余弦 两倍 (2)b 2+c 2-2bc cos A a 2+c 2-2ac cos B a 2+b 2-2ab cos C (3) bc a c b 2222-+ acb c a 2222-+abc b a 2222-+2.夹角 三边思路方法技巧命题方向 已知三边解三角形［例1］ 在△ABC 中，已知a =7,b =3,c =5，求最大角和sin C . ［分析］ 在三角形中，大边对大角，所以a 边所对角最大. ［解析］ ∵a ＞c ＞b,∴A 为最大角,由余弦定理得， cos A =bc a c b 2222-+=532753222⨯⨯-+＝21，又∵0°＜A ＜180°,∴A =120°， ∴sin A =sin120°=23.由正弦定理A a sin ＝Ccsin 得， sin C =aAc sin =7235⨯=1435.∴最大角A 为120°，sin C =1435.［说明］ （1）求sin C 也可用下面方法求解：cos C =ab c b a 2222-+=372537222⨯⨯-+=1411，∴C 为锐角.sin C =C 2cos 1-=214111）（-＝1435.(2)在解三角形时，有时既可用余弦定理，也可用正弦定理. 变式应用1在△ABC 中，已知(b+c )：(c+a )：(a+b )=4：5：6，求△ABC 的最大内角.［解析］ 设b+c =4k,c+a =5k,a+b =6k (k ＞0).则a+b+c =7.5k ,解得a =3.5k,b =2.5k,c =1.5k . ∴a 是最大边，即角A 是△ABC 的最大角.由余弦定理，得cos A =bc a c b 2222-+=-21,∵0°＜A ＜180°,∴A =120°，即最大角为120°. 命题方向 已知两边及一角解三角形［例2］ △ABC 中，已知b =3,c =33,∠B =30°,解三角形. ［分析］ 由题目可知以下信息：①已知两边和其中一边的对角.②求另外的两角和另一边.解答本题可先由正弦定理求出角C,然后再求其他的边和角，也可由余弦定理列出关于边长a 的方程，求出边a,再由正弦定理求角A ，角C.［解析］ 解法一：由余弦定理b 2=a 2+c 2-2ac cos B ,得32=a 2+(33)2-2a ×33×cos30°,∴a 2-9a +18=0,得a =3或6.当a =3时，∠A =30°,∠C =120°.当a =6时，由正弦定理sin A =b Ba sin =3216⨯=1.∴∠A =90°,∴∠C =60°.解法二：由b<c ,∠B =30°,b >c sin30°=33×21=233知本题有两解.由正弦定理sin C =b B c sin =32133⨯=23, ∴∠C =60°或120°，当∠C =60°时，∠A =90°,由勾股定理a =22c b +=22)33(3+=6.当∠C =120°时，∠A =30°，△ABC 为等腰三角形，∴a =3.［说明］ 知两边和一角解三角形时有两种方法：（1）利用余弦定理列出关于第三边的等量关系建立方程，运用解方程的方法求出此边长.(2)直接用正弦定理，先求角再求边.用方法（2）时要注意解的情况，用方法（1）就避免了取舍解的麻烦.变式应用2在△ABC 中，a 、b 、c 分别是∠A 、∠B 、∠C 的对边，且cos A =41,若a =4,b+c =6,且b<c ,求b 、c 的值.［解析］ 余弦定理得cosA=bc a c b 2222-+=41，∴bc a bc c ）（b2222--+=41,又b+c =6,a =4, ∴bc =8,b =2c =4b =4c =2又b <c,∴b =2,c =4.命题方向 判断三角形的形状［例3］ △ABC 中，已知(a+b+c )(a+b-c )=3ab ,且2cos A sin B =sin C ，确定△ABC 的形状.［分析］ 由于已知条件等式中既含有边的关系，又含有角的关系，因此在判断三角形的形状时，可考虑将边统一成角或将角统一成边.［解析］ 解法一：利用角的关系来判断.∵A+B+C =180°,∴sin C =sin(A+B ).又∵2cos A sin B =sin C ,∴2cos A sin B =sin A cos B +cos A sin B , ∴sin(A-B )=0.∵A 与B 均为△ABC 的内角，∴A=B .又∵(a+b+c )(a+b-c )=3ab , ∴(a+b ) 2-c 2=3ab,a 2+b 2-c 2+2ab =3ab ,根据余弦定理，上式可化为2ab cos C +2ab =3ab ,解得cos C =21,∴C =60°.故△ABC 为等边三角形.解法二：利用边的关系来确定.由正弦定理，得B C sin sin =bc. 由2cos A ·sin B =sin C ,得cos A =B C sin 2sin =bc2. 又∵cos A =bc a c b 2222-+,∴bc 2=bc a c b 2222-+,即c 2=b 2+c 2-a 2,∴a=b . 又∵(a+b+c )(a+b-c )=3ab , ∴(a+b ) 2-c 2=3ab ,∴4b 2-c 2=3b 2, ∴b=c,∴a=b=c .因此△ABC 为等边三角形.［说明］ 判断三角形的形状主要有两种思路：其一是利用正、余弦定理将已知条件转化为边的关系，通过代数变换（一般是因式分解）得到边的关系，最终判断出该三角形的形状；其二是利用正、余弦定理将已知条件转化为角的关系，通过三角恒等变换得到角的关系，最终判断该三角形的形状.在实际应用中应针对具体的题目，灵活选用解决问题的方法. 变式应用3△ABC 中，AB ＝5,BC =6,AC =8,则△ABC 的形状是 ( )A.锐角三角形B.直角三角形C.钝角三角形D.非钝角三角形 ［答案］ C［解析］ 利用余弦定理判断最大角的余弦值是大于0、等于0还是小于0，即可对其形状作出判断.因为cos B =652865222⨯⨯++=-201<0,所以B 为钝角，即△ABC 是钝角三角形.探索延拓创新命题方向 利用余弦定理确定范围问题［例4］ 设2a +1,a ,2a -1为钝角三角形的三边，求实数a 的取值范围.［分析］ 一边大于两边差而小于两边和是任一个三角形三边都成立的条件.若是在锐角或钝角三角形中，三边的制约条件还要更强.若△ABC 为锐角三角形，则有a 2＜b 2+c 2,b 2＜a 2+c 2,c 2＜a 2+b 2;若△ABC 为钝角三角形，最大边为a ,则一定有a 2＞b 2+c 2,这些都是可以从余弦定理中直接推导的.［解析］ 2a +1,a ,2a -1是三角形的三边,2a +1＞0∴ a ＞02a -1＞0，解得a ＞21,此时2a +1最大. ∴要使2a +1,a ,2a -1表示三角形的三边，还需a +(2a -1)＞2a +1,解得a ＞2.设最长边2a +1所对的角为θ,则cos θ=()()()1221212222-+--+a a a a a =()()1228--a a a a ＜0,解得21＜a ＜8,∴a 的取值范围是2＜a ＜8.［说明］ 本题易忽视构成三角形的条件a ＞2,而直接应用余弦定理求解，从而使a 的范围扩大. 变式应用4.已知锐角三角形三边长分别为2，3，x ，求x 的取值范围 ［解析］ 由三角形三边的关系有3-2＜x ＜3+2，即1＜x ＜5.又∵三角形为锐角三角形，由余弦定理可知任一边的平方小于另两边平方和.x 2＜22+32 即32＜x 2+22x 2＜13x 2＞55＜x 2＜13即 x ＞0解得5＜x ＜13，∴x 的取值范围为（5，13）.名师辨误做答［例5］ 在△ABC 中，∠C =2∠A,a+c =10,cos A =43,求b .［误解］ 由正弦定理，得a c =AC sin sin又∵∠C =2∠A ,∴a c =A A sin 2sin =2cos A =2×43＝23， 又a+c =10, ∴a =4,c =6.由余弦定理，得a 2=b 2+c 2-2bc cos A ,∴b 2-9b +20=0,∴b =4或b =5.［辨析］ 运用余弦定理求边长时，易产生增解，因此要结合题目中隐含条件进行判断.［正解］ 由正弦定理，得a c =ACsin sin , 又∵∠C =2∠A ,∴a c =A A sin 2sin =2cos A =2×43＝23， 又a+c =10,∴a =4,c =6.由余弦定理，得a 2=b 2+c 2-2bc cos A ,∴b 2-9b +20=0, ∴b =4或b =5.当b =4时，∵a =4,∴∠A =∠B ,又∠C =2∠A ,且∠A +∠B +∠C =π,∴∠A =4,这与已知cos A =43矛盾，不合题意，舍去.当b =5时，满足题意，∴b =5.课堂巩固训练1.在△ABC 中，若a<b<c ,且c 2<a 2+b 2,则△ABC 为（ ）A.直角三角形B.锐角三角形C.钝角三角形D.不存在［答案］ B［解析］ ∵a<b<c ,且c 2<a 2+b 2,∴∠C 为锐角.又∵∠C 为最大角.故选B. 2.△ABC 的内角A 、B 、C 的对边分别为a ，b ，c ，若a ，b ，c 满足b 2=ac ，且c =2a ,则cos B =（ ）A. 41B. 43 C.42 D. 32 ［答案］ B［解析］ 由b 2=ac ，又c =2a ，由余弦定理，得cos B =ac b c a 2222-+=a a a a a a 2·22422⨯-+ =43.3.（2011·四川理，6）在△ABC 中，sin 2A ≤sin 2B +sin 2C -sin B sin C ,则A 的取值范围是 ( )A.(0, 6π］B.［6π,π) C.(0, 3π］ D.［3π,π)［答案］ C［解析］ 本题主要考查正余弦定理，∵sin 2A ≤sin 2B +sin 2C -sin B sin C , ∴由正弦定理得：a 2≤b 2+c 2-bc ，即b 2+c 2-a 2≥bc ，由余弦定理得：cos A =bc a c b 2222-+≥bc bc 2=21，∴0<A ≤3π，故选C.4.已知三角形的两边长分别为4和5，它们的夹角的余弦值是方程2x 2+3x -2=0的根，则第三边的长是 . ［答案］21［解析］ 解2x 2+3x -2=0，得x 1=21或x 2=-2（舍去）. ∴夹角的余弦值为21，根据余弦定理得第三边长为21·5·4·25422-+=21. 5.在△ABC 中，a=b +2,b=c +2,又最大角的正弦等于23，则三边长为 . ［答案］ 3，5，7［解析］ ∵a-b =2,b-c =2，∴a>b>c ,∴最大角为A .sin A =23，若A 为锐角，则A =60°，又C<B<A ,∴A+B+C <180°，这显然不可能，∴A 为钝角. ∴cos A =-21, 设c=x ,则b=x +2,a=x +4.∴()()()2242222++-++x x x x x =-21， ∴x =3，故三边长为3，5，7. 三、解答题6.在△ABC 中，已知b 2-bc -2c 2=0,且a =6,cos A =87,求△ABC 的面积.［解析］ ∵b 2-bc -2c 2=0,∴(c b )2-cb-2=0,解得c b =2,即b =2c .由余弦定理，得a 2=b 2+c 2-2bc cos A ,即b 2+c 2-47bc =6,与b =2c联立解得b =4,c =2.∵cos A =87,∴sin A =A 2cos 1-=815,∴S △ABC =21bc sin A =215.课后强化作业一、选择题1.在△ABC 中，b =5,c =53,A =30°,则a 等于（ ）A.5B.4C.3D.10 ［答案］ A［解析］ 由余弦定理，得2bc cos A =b 2+c 2-a 2,∴2×5×53×cos30°＝52＋（53）2-a 2, ∴a 2=25,∴a =5.2.在△ABC 中，已知a 2=b 2+c 2+bc ,则角A 为（ ） A.3π B. 6π C. 32π D. 3π或32π［答案］ C［解析］ ∵a 2=b 2+c 2+bc ,∴cos A =bca cb 2222-+==bc bcc b c b 22222---+,又∵0<A <π,∴A=32π. 3.在△ABC 中，若a=3+1,b =3-1,c =10,则△ABC 的最大角的度数为（ ）A.60°B.90°C.120°D.150°［答案］ C［解析］ 显然10＞3+1＞3-1,∴cos C =()()()()()13·132101313222-+--++=-42-＝－21,∴C =120°. 4.△ABC 的三内角A 、B 、C 所对边长分别为a ，b ，c ,设向量p =(a+c,b ), q =(b-a,c-a ).若p ∥q ,则∠C 的大小为 ( )A.6π B. 3π C. 2πD. 32π［答案］ B［解析］ ∵p =(a+c,b ), q =(b-a,c-a )且p ∥q ， ∴(a+c )(c-a )-b (b-a )=0，即a 2+b 2-c 2=ab ,∴cos C =ab c b a 2222-+=ab ab 2=21.∴C=3π. 5.在△ABC 中，已知2a 2=c 2+(2b+c ) 2,则∠A 的值为（ ）A.30°B.45°C.120°D.135° ［答案］ D［解析］ 由已知得2a 2=c 2+2b 2+c 2+22bc ,∴a 2=b 2+c 2+2bc , ∴b 2+c 2-a 2＝-2bc ,又b 2+c 2-a 2=2bc cos A , ∴2bc cos A =-2bc , ∴cos A =-22,∴A =135°.6.（2011·重庆理，6）若△ABC 的内角A 、B 、C 所对的边a 、b 、c 满足(a+b ) 2-c 2=4，且C =60°，则ab 的值为 ( )A.34 B. 8-43 C.1 D.32 ［答案］ A［解析］ 本题主要考查余弦定理的应用. 在△ABC 中，C =60°,∴a 2+b 2-c 2=2ab cos C =ab ,∴(a+b ) 2-c 2=a 2+b 2-c 2+2ab =3ab =4,∴ab =34,选A. 7.在△ABC 中，三边长AB =7,BC =5,AC =6,则AB ·BC 等于 ( )A.19B.-14C.-18D.-19［答案］ D［解析］ 在△ABC 中AB =7,BC =5,AC =6,则cos B =752362549⨯⨯-+=3519.又AB ·BC =｜AB ｜·｜BC ｜cos(π-B )=-｜AB ｜·｜BC ｜cos B＝－7×5×3519=-19. 8.在△ABC 中，若△ABC 的面积S =41(a 2+b 2-c 2)，则∠C 为（ ）A. 4πB. 6πC. 3πD. 2π［答案］ A［解析］ 由S =41 (a 2+b 2-c 2),得21ab sin C =41×2ab cos C ,∴tan C =1,∴C =4π.二、填空题9.在△ABC 中，b =34,c =22,A =45°,那么a 的长为 .［答案］3102 ［解析］ 由余弦定理，得a 2=b 2+c 2-2bc os A =916+8-2×34×22×22=916+8-316=9487216++=940,所以a =3102.10.在△ABC 中，AB =3,BC =13,AC =4,则边AC 上的高为 .［答案］ 233［解析］如图，cos A =()4321343222⨯⨯-+＝21， ∴sin A =23.∴.BD =AB ·sin A =233.11.在△ABC 中，已知BC =8,AC =5,三角形面积为12，则cos2C = . ［答案］257 ［解析］ 由题意得S △ABC =21AC ·BC sin C =12,即21×5×8×sin C =12,则sin C =53. ∴cos2C =1-2sin 2C =1-2×（53）2=257.12.在△ABC 中，B =60°,b 2=ac ,则三角形的形状为 .［答案］ 等边三角形［解析］ 由余弦定理得b 2=a 2+c 2-ac ,∵b 2=ac ,∴a 2+c 2-2ac =0,∴(a-c ) 2=0,∴a=c .又∵B =60°,∴A=C =60°.故△ABC 为等边三角形. 三、解答题13.在△ABC 中，A+C =2B ,a+c =8,ac =15,求b .［解析］ 解法一：在△ABC 中，由A+C =2B ，A+B+C =180°，知B =60°. 由a+c =8,ac =15,则a 、c 是方程x 2-8x +15=0的两根. 解得a =5,c =3或a =3,c =5.由余弦定理，得b 2=a 2+c 2-2ac cos B =9+25-2×3×5×21＝19. ∴b =19.解法二：在△ABC 中，∵A+C =2B ,A+B+C =180°， ∴B =60°.由余弦定理，得b 2=a 2+c 2-2ac cos B =(a+c ) 2-2ac -2ac cos B =82-2×15-2×15×21＝19. ∴b ＝19.14.(2011·大纲文，18)△ABC 的内角A 、B 、C 的对边分别为a 、b 、c ，a sin A+c sin C -2a sin C =b sin B .(1)求B ；（2）若A =75°,b =2,求a,c .［分析］ 利用三角形正弦定理，将已知条件a sin A +c sin C -2a sin C =b sin B 中的角转化为边，再利用余弦定理即可求得B 角，然后再利用正弦定理求得a ，c 的值.［解析］ （1）∵a sin A +c sin C -2a sin C =b sin B ∴a 2+c 2-2ac =b 2 ∴a 2+c 2-b 2=2ac∴cos B =acb c a 2222-+=ac ac 22=22∴B =45°(2)由(1)得B =45°∴C =180°-A-B =180°-75°-45°=60°由正弦定理A a sin =B b sin =Cc sin ∴a =B A b sin sin =︒︒⨯45sin sin752=224262+⨯=13+ c =62223245sin 60sin 2sin sin =⨯=︒︒⨯=B C b .［点评］ 本题主要考查正、余弦定理的综合应用，考查考生利用所学知识解决问题的能力.解三角形的实质是将几何问题转化为代数问题即方程问题，具体操作过程的关键是正确分析边角的关系，能依据题设条件合理的设计解题程序，进行三角形中边角关系的互化，要抓住两个定理应用的信息；当遇到的式子含角的余弦或是边的二次式，要考虑用余弦定理，若遇到的式子含角的正弦和边的一次式，则大多用正弦定理，若是以上特征不明显，则要考虑两个定理都有可能用.15.在△ABC 中，A =120°,b =3,c =5.(1)求sin B sin C ;(2)求sin B +sin C . ［分析］ 已知两边及其夹角，由余弦定理可求出第三边a ,再由正弦定理求出sin B ,sin C .［解析］ （1）∵b =3,c =5,A =120°,∴由余弦定理，得a 2=b 2+c 2-2bc cos A=9+25-2×3×5×（-21）=49. ∴取正值a =7. 由正弦定理，得sin B =a Ab sin =14337233=⨯, sin C =.435sin =a A c ∴sin B ·sin C =19645.(2)由（1）可得sin B +sin C =734. 16.已知三角形的一个角为60°,面积为103cm 2，周长为20 cm ，求此三角形各边长.［解析］ 设三角形的三条边长分别为a,b,c,B =60°,则依题意，得a+b+c=20 cos60°=acb c a 2222-+21ac sin60°=103, a+b+c=20,①∴ b 2=a 2+c 2-ac ，②ac=40.③由①式，得b 2=［20-(a+c )］2=400+a 2+c 2+2ac -40(a+c ).④ 将②代入④，得400+3ac -40(a+c )=0,再将③代入④，得a+c =13.a+c=13 a=5 a=8 ,得 ,或ac=40 c=8 c=5.∴b =7.∴该三角形的三边长为5 cm,7 cm,8 cm.。