（2分）
（1分）
解得t=l s（2分）
16．
【解析】(1)由图可知，在第1 s内，A、B的加速度大小相等，为α＝2 m/s2。
物体A、B所受的摩擦力均为f＝ma＝2 N，方向相反。根据牛顿第三定律，车C受到A、B的摩擦力大小相等，方向相反，合力为零（2分）
(2)设系统最终的速度为v，由系统动量守恒得：mvA＋mvB＝(2m＋M)v（2分）
代入数据，解得v＝0.4 m/s，方向向右。（2分）
由系统能量守恒得：f(sA＋sB)＝ mv ＋ mv － (2m＋M)v2，（2分）
解得A、B的相对位移，即车的最小长度s＝sA＋sB＝4.8 m（1分）
(3)1 s后A继续向右减速滑行，小车与B一起向右加速运动，最终达到共同速度v。
在该过程中，对A运用动量定理得，－fΔt＝mΔv解得Δt＝0.8 s。
湖北省部分重点中学2019-2020学年度上学期新高三起点考试
物理答案
1．A2．D3．D4．D5．B6．B
7．BC8．BC9．AD10．ABC
11.（1）0.330（2分）（2） （2分）（3） （2分）
12.（1）红（1分）（2）2049（1分）3000（1分）
（3）950（2分）1024（2分）
（2）在 内的位移： （1分）
牵引力做的功 （1分）
汽车在 内的位移： （1分）
牵引力做的功 （1分）
，平均功率P=2.5×104W（1分）
15.（1）两小车碰撞后的滑行过程中，有
（2分）
解得v3=1m/s（2分）
（2）两车碰撞过程中，有
解得v2=4m/s（2分）
恒力作用过程有
（2分）
（1分）
撤去F至二车相碰过程有
即系统在t＝1.8 s时达到共同速度，此后一起做匀速运动。
在1.0 s～3.0 s时间内的v－t图象如下。（4分）
17.【物理选修3—3】（12分）
（1）【答案】大（1分）放出（1分）大于（2分）
（2）
塞子拔去待活塞稳定后，B室中的气体初、末状态温度不变，故
得
B气室的气体吸收的热量，一部分用来对外做功，一部分为其内能增量。室温缓慢升高过程中，气体对外做功为
其中x＝4 m，a＝－2 m/s2，解得t＝1 s，或t＝4 s.（2分）
又因滑块速度减小到零所用时间为t′＝ ＝ s＝2.5 s，所以t＝4 s舍去．（2分）
14.（1） 后汽车做匀速直线运动，受到的牵引力等于阻力，由此求出汽车受到的阻力所以： ；
由牛顿第二定律得： （2分）
末车速： （2分）
代入数据得： ， （1分）
13.解析：(1)根据匀变速直线运动的速度位移公式v2－v ＝2ax得图线的斜率为k＝－ ，
由xv 图象知图线的斜率为k＝ ，（2分）
则a＝－2 m/s2.
所以滑当滑块的初速度为4 m/s时，滑块刚好滑到斜面底端，故当滑块下滑的初速度为5.0 m/s时，滑块可滑到斜面底端．设滑块在斜面上滑动的时间为t，则有x＝v0t＋ at2，（2分）
根据热力学第一定律，可得
18．[物理——选修3-4](12分)
（1）ACD
（2） 由折射定律
可得折射角
考虑AE这条光线，经DC面反射后到达BC面上的F点。
易得 ， 。
在 中，由正弦定理
得DE=1cm，EC= cm
在 中，由正弦定理
得有光线到达的区域FC= =(3- )cm