模拟试题（2）1.随着电信和信息技术的发展，国际上出现了所谓“三网融合”的趋势，下列不属于三网之一的是( D )A．传统电信网 B．计算机网(主要指互联网)C．有线电视网D．卫星通信网2.Internet的核心协议是( B )A．X．25 B．TCP／IP C．ICMP D．UDP3.在常用的传输介质中，__________的带宽最宽，信号传输衰减最小，抗干扰能力最强。
( C )A．双绞线B．同轴电缆C．光纤D．微波4.具有24个10M端口的交换机的总带宽可以达到( C )。
A．10M B．100M C．240M D．10/24M5.下列哪种情况需要启动ARP请求？( C )A．主机需要接收信息，但ARP表中没有源IP地址与MAC地址的映射关系。
B．主机需要接收信息，但ARP表中已经具有了源IP地址与MAC地址的映射关系。
C．主机需要发送信息，但ARP表中没有目的IP地址与MAC地址的映射关系。
D．主机需要发送信息，但ARP表中已经具有了目的IP地址与MAC地址的映射关系。
6.下列哪种说法是错误的？( B )A．IP层可以屏蔽各个物理网络的差异。
B．IP层可以代替各个物理网络的数据链路层工作。
C．IP层可以隐藏各个物理网络的实现细节。
D．IP层可以为用户提供通用的服务。
7.以下IP地址中，属于C类地址的是( B )。
A．3.3.57.0 B．193.1.1.2 C．131.107.2.89 D．190.1.1.48.IP地址由一组_________的二进制数字组成。
( C )A．8位B．16位C．32位D．64位9.能实现不同的网络层协议转换功能的互联设备是( C )。
A. 集线器B. 交换机C. 路由器D. 网桥10.为了保证连接的可靠建立，TCP通常采用( A )。
A．3次握手法 B．窗口控制机制 C．自动重发机制 D．端口机制11.从逻辑功能上来看，计算机网络可分为以下两部分( D )A．服务器、通信子网 B．局域网、通信子网C．数据通信网、服务器 D．通信子网、资源子网12.调制解调器中的调制器的作用是( B )。
A．将数字数据转换为模拟数据 B．将数字数据转换为模拟信号C．将模拟信号转换为数字数据 D．将模拟数据转换为数字信号13.在OSI参考模型的层次中，（C）的数据传送单位是分组。
A.物理层B.数据链路层C.网络层D.运输层14.通过改变载波信号的相位值来表示数字信号“1”和“0”的方法叫做( C )。
A. ASKB. FSKC. PSKD. ATM15.因特网使用的互联协议是( B )。
A．IPX协议B．IP协议 C．AppleTalk协议 D．NetBEUI协议16.IP地址是一个32位的二进制数，它通常采用点分( C )。
A．二进制数表示 B．八进制数表示C．十进制数表示 D．十六进制数表示17.在WWW服务系统中，编制的Web页面应符合( A )。
A．HTML规范 B．RFC822规范 C．MIME规范 D．HTTP规范18.下列哪个地址是电子邮件地址：( B )A． B．************C．192.168.0.100 D．。
19.TCP/IP网络类型中，提供端到端的通信的是( B )A. 应用层B. 传输层C. 网络层D. 网络接口层20.在网页浏览过程中，Cache的作用是( C )A．提高传输的准确率 B．提高图像质量C．加快浏览速度 D．使浏览器可以播放声音21.一座大楼内的一个计算机网络系统，属于( B )A、VPNB、LANC、MAND、WAN22.不同的交换方式具有不同的性能。
如果要求数据在网络中的传输延时最小，应选用的交换方式是A 。
A、线路交换B、报文交换C、分组交换D、信元交换23.通信系统必须具备的三个基本要素是( C )A、终端、电缆、计算机B、信号发生器、通信线路、信号接收设备C、信源、通信媒体、信宿D、终端、通信设施、接收设备24.数据链路层传输的信息单元是 C 。
A、字B、分组C、帧D、上述所有25.在TCP/IP网络中，IP协议提供主机之间的 D 分组传输服务。
A、可靠的面向连接的B、不可靠的面向连接的C、可靠的无连接的D、不可靠的无连接的26.随着电信和信息技术的发展，国际上出现了所谓“三网融合”的趋势，下列不属于三网之一的是( D )。
A、传统电信网B、算机网(主要指互联网)C、有线电视网D、卫星通信网27.以下哪一个选项按顺序包括了OSI模型的各个层次( A )A、物理层，数据链路层，网络层，传输层，会话层，表示层和应用层B、物理层，数据链路层，网络层，传输层，系统层，表示层和应用层C、物理层，数据链路层，网络层，转换层，会话后，表示层和应用层D、表示层，数据链路层，网络层，传输层，会话层，物理层和应用层28.IPv6地址的长度为 DA、32 bitsB、48 bitsC、64 bitsD、128 bits29.完成主机名到IP地址的解析。
( B )A、ARP协议B、DNS（域名系统）C、FTP协议D、IP协议30.IP协议是无连接的，其信息传输方式是 AA、数据报B、点对点C、广播D、虚电路1.FDMFrequency-division multiplexing，频分多路复用2.PDUProtocol data unit，协议数据单元3.FTPFile Transfer Protocol，文件传输协议4.HTTPHyperText Transfer Protocol，超文本传输协议5.SMTPSimple Mail Transfer Protocol，简单邮件传输协议6.IPInternet 协议7.PDU协议数据单元8.FTP文件传输协议9.HTTP超文本传输协议10.SMTP简单邮件传输协议11.CSMA/CDCarrier sense multiple access /collision detect载波监听多路访问/冲突检测12.RIPRouting information protocol，路由信息协议13.DNSDomain name service，域名服务14.URLUniform Resource Locator，统一资源定位符15.HTMLHyperText Mark-up Language，超文本标记语言1.收发两端之间的传输距离为1000km，信号在媒体上的传播速率为2×108m/s。
试计算以下两种情况的发送时延和传播时延：（1）数据长度为107bit,数据发送速率为100kb/s。
（2）数据长度为103bit,数据发送速率为1Gb/s。
从上面的计算中可以得到什么样的结论？解：（1）发送时延：ts=107/105=100s传播时延tp=106/(2×108)=0.005s（2）发送时延ts =103/109=1µs传播时延：tp=106/(2×108)=0.005s结论：若数据长度大而发送速率低，则在总的时延中，发送时延往往大于传播时延。
但若数据长度短而发送速率高，则传播时延就可能是总时延中的主要成分。
2.假定1km长的CSMA/CD网络的数据率为1Gb/s。
设信号在网络上的传播速率为200000km/s。
求能够使用此协议的最短帧长。
答：对于1km电缆，单程传播时间为1/200000=5为微秒，来回路程传播时间为10微秒，为了能够按照CSMA/CD工作，最小帧的发射时间不能小于10微秒，以1 Gb/s速率工作，10微秒可以发送的比特数等于10*10^-6/1*10^-9=10000,因此，最短帧是10000位或1250字节长3.下图表示有五个站点分别连接在三个局域网上，并且用网桥B1和B2连接起来。
每一个网桥都有两个接口（1和2）。
在一开始，两个网桥中的转发表都是空的。
以后有以下各站向其他的站发送了数据帧：A发送给E，C发送给B，D发送给C，B发送给A。
试把有关数据填写在下表中。
答：发送的帧B1的转发表B2的转发表B1的处理（转发？丢弃？登记？）B2的处理（转发？丢弃？登记？）地址接口地址接口A→E A 1 A 1 转发，写入转发表转发，写入转发表C→B C 2 C 1 转发，写入转发表转发，写入转发表D→C D 2 D 2 写入转发表，丢弃不转发转发，写入转发表B→A B 1 写入转发表，丢弃不转发接收不到这个帧4.假定网络中的路由器B的路由表有如下的项目（这三列分别表示“目的网络”、“距离”和“下一跳路由器”）N1 7 AN2 2 BN6 8 FN8 4 EN9 4 F现在B收到从C发来的路由信息（这两列分别表示“目的网络”“距离”）：N2 4N3 8N6 4N8 3N9 5试求出路由器B更新后的路由表（详细说明每一个步骤）。
路由器B更新后的路由表如下：N1 7 A 无新信息，不改变N2 5 C 相同的下一跳，更新N3 9 C 新的项目，添加进来N6 5 C 不同的下一跳，距离更短，更新N8 4 E 不同的下一跳，距离一样，不改变N9 4 F 不同的下一跳，距离更大，不改变5.假设信号在媒体上的传播速度为2×108m/s.媒体长度L分别为：（1）10cm（网络接口卡）（2）100m（局域网）（3）100km（城域网）（4）5000km（广域网）试计算出当数据率为1Mb/s和10Gb/s时在以上媒体中正在传播的比特数。
解：（1）1Mb/s:传播时延=0.1/(2×108)=5×10-10比特数=5×10-10×1×106=5×10-41Gb/s: 比特数=5×10-10×1×109=5×10-1（2）1Mb/s: 传播时延=100/(2×108)=5×10-7比特数=5×10-7×1×106=5×10-11Gb/s: 比特数=5×10-7×1×109=5×102(3) 1Mb/s: 传播时延=100000/(2×108)=5×10-4比特数=5×10-4×1×106=5×1021Gb/s: 比特数=5×10-4×1×109=5×105(4)1Mb/s: 传播时延=5000000/(2×108)=2.5×10-2比特数=2.5×10-2×1×106=5×1041Gb/s: 比特数=2.5×10-2×1×109=5×1076.假定1km长的CSMA/CD网络的数据率为100Mb/s。