多媒体应用技术试题及参考答案—— WORD文档，下载后可编辑修改——一、选择题1、Photoshop 是一款 B 软件。

A.多媒体操作系统B.多媒体工具软件C.视频处理软件D.音乐播放软件2、多媒体计算机的硬件系统除了要有基本计算机硬件以外 , 还要具备一些多媒体信息处理的 A 。

A.外部设备和接口卡B.主机C.显示器D.外部设备3、在播放音频时 , 一定要保证声音的连续性 , 这就意味着多媒体系统在处理信息时有严格的 D 要求。

A.多样性B.集成性C.交互性D.实时性4、不进行数据压缩的、标准的Windows图像文件格式是A 。

A.BMPB.GIFC.JPGD.TIFF5、由 CompuServe公司开发、可以存储多幅图像并形成动画效果的图像文件格式是 B 。

A.BMPB.GIFC.JPGD.PNG6、GIF 图像文件可以用 1~8 位表示颜色 , 因此最多可以表示 C 种颜色。

A.2B.16C.256D.655367、对于调频立体声广播 , 采样频率为 44.1kHz, 量化位数为 16 位 , 双声道。

其声音信号数字化后未经压缩持续一分钟所产生的数据量是 D 。

A.5.3MbB.5.3MBC.8.8MbD.10.6MB8、通常用来保存未压缩的音频、属于事实上的通用音频文件格式的是 C 。

A.MP3B.MIDIC.W A VD.WMA9、显示器所用的颜色模型是采用 C 三种基本颜色按照一定比例合成颜色的方法。

A.红色、黄色、蓝色B.青色、品红、黄色C.红色、绿色、蓝色D.红色、黄色、绿色10、PNG图像文件采用无损压缩算法 , 其像素深度可以高达 D 位。

A.8B.24C.32D.4811、既是图像文件格式 , 又是动画文件格式的文件格式是 A 。

A.GIFB.JPGC.SWFD.MPG12、数据压缩是指对原始数据进行重新编码, 去除原始数据中C 数据的过程。

A.噪音B.冗长C.冗余D.重复13、真彩色图像的像素深度是 A 位。

A.24B.32C.48D.6414、像素深度是指每个像素的颜色所使用的二进制位数, 其单位是 C 。

A.BB.字节C.bitD.Byte15、奈奎斯特采样定理指出 , 采样频率不低于声音信号的 D , 就能够由采样信号还原成原来的声音。

A. 频率的 2 倍B.最高频率C.最高频率的 4 倍D. 最高频率的 2 倍16、数字化后的多媒体信息的数据量庞大 , 给存储器的存储容量以及通信网络的带宽带来极大的压力 , 多媒体 C 技术可以缓解这方面的压力。

A.数据聚合B.数据存储C.数据压缩D.数据加密17、在多媒体技术中 , 研究和处理的主要频率范围为 A 的声音信号。

A.20Hz~20kHzB.300Hz~3kHzC.20Hz~3kHzD.30Hz~2KHz18、分辨率为 352×240, 真彩色 ,PAL 制式的 1 分钟视频 ( 不含音频数据 ) 所需的存储容量为 C 。

A.456.2MB.362.5MBC.380.2MBD.50.7MB19、数据 AAAACTEEEEEEEEEJJJJJJJJJJJJJJJJ,使用行程编码 ( 行程长度用1 字节存储 ) 对其进行压缩 , 所需存储量为 B 。

A.8BB.10BC.8bD.8 字节20、在声音数字化过程中 , 将声音信号的幅度取值的数量加以限制 , 用有限个幅值表示实际采样的幅值的过程称为 B 。

A.采样B.量化C.编码D.编辑二、填空题1.多媒体技术就是利用计算机来综合处理文字、声音、图形、图像、视频等多媒体信息 , 使其建立逻辑连接 , 并集成为一个交互式的多媒体系统的技术。

2.多媒体技术的多样性体现在信息的采集、存储、处理和传输过程中 , 要涉及多种媒体。

3.音频和视频都是与时间有关的媒体 , 再加上网络处理信息的需求 , 因此 , 在处理、存储、传输和播放时 , 需要考虑其时间特性。

4.多媒体计算机的硬件系统除了要有基本计算机硬件如主机、显示器、键盘、鼠标以外 ,还要具备一些多媒体信息处理的外部设备和接口卡。

5.把模拟的声音信号转换为数字音频的过程称为声音的数字化。

这个过程包括采样、量化和编码三个步骤。

6.数字音频的质量主要取决于数字化过程中的采用频率、量化位数和声道数等技术指标。

7.人说话的声音信号频率大约为 300HZ~3kHZ ,这种频率范围内的信号通常称为语音信号。

8.奈奎斯特采样定理指出 , 采样频率不低于声音信号最高频率的两倍 , 就能够由采样信号还原成原来的声音。

9. 量化位数越多 , 越能细腻地表示声音信号的变化, 减少量化过程中的失真 , 当然所需的存储容量也越大。

10.在不同的应用场合 , 人们需要用不同的描述颜色的量化方法 , 这便是颜色模型。

例如 ,显示器采用 RGB模型 , 打印机采用 CMY(或 CMYK)模型。

11.图像处理就是将连续图像转换成计算机能够处理的数字图像, 即图像的数字化过程 , 这个过程包括采样、量化和编码三个步骤。

12.数字图像的质量与图像的数字化过程有关 , 影响数字图像质量的主要因素有图像分辨率和像素深度。

13. 像素深度时指每个像素的颜色所使用的二进制位数, 单位是位 (bit)。

14. 图像的分辨率越高、像素深度越高, 则数字化后的图像效果越逼真, 图像的数据量就越大 , 所需的存储容量越大。

15.计算机中的数字图像可分为两大类 , 一类是位图图像 , 一类是矢量图形。

16.位图与分辨率有关 , 如果在屏幕上以较大的倍数放大显示位图 , 则会出现马赛克现象。

17.图像文件格式是指图像数据的组织形式 , 常用的图像文件格式有 BMP、GIF 、JPEG、PNG(列举三种以上 ) 。

18. 数据压缩是指对原始数据进行重新编码, 去除原始数据中冗余数据的过程。

19.数据压缩标准有 JPEG 静态图像压缩标准和 MPEG动态图像压缩标准。

20.矢量图是用一组计算机绘图指令来描述和记录一幅图 , 与分辨率无关 , 无论放大缩小 , 都有相同平滑的边缘和清晰的视觉效果。

21.图像文件格式是指图像数据的组织形式 , 常用的图像文件格式有 BMP、GIF、 JPEG、PNG (列举三种以上 ) 。

22、根据每一帧图像产生方式, 可以将动态图像分为视频和动画两类。

三、简答题1.什么是多媒体技术 ?多媒体技术的应用领域有哪些 ?答案 :利用计算机来综合处理文字、声音、图形、图像、视频等多媒体信息 , 使其建立逻辑连接 , 并集成为一个交互式的多媒体系统的技术。

教育领域、电子出版、文化娱乐、现实模拟等。

2.简述声音信号的数字化过程以及影响数字音频质量的几个主要因素。

答案 :声音信号的数字化过程包括采样、量化、编码三个步骤。

影响数字音频质量的技术指标有: 采样频率、量化位数、声道数。

3.什么是位图图像 ?什么是矢量图形 ?如何获取它们 ?两者有何主要区别 ?答案 :在空间和颜色上都离散化的图像称为位图图像。

用一组计算机绘图指令来描述和记录一幅图, 称为矢量图形。

位图通常通过扫描仪、数码相机等设备获得, 位图与分辨率有关, 如果在屏幕上以较大的倍数放大显示位图, 则会出现马赛克现象; 矢量图通常由计算机图像软件绘制和处理, 矢量图与分辨率无关, 无论放大和缩小, 都有相同平滑的边缘和清晰的视觉效果。

4.什么是数据压缩 ?为什么要对多媒体信息进行数据压缩 ?答案 :数据压缩是指对原始数据进行重新编码, 去除原始数据中冗余数据的过程。

在多媒体信息数字化的过程中 , 为了获得满意的音频效果。

可能采用更高的采样频率和量化位数 ; 为了获得满意的图像或视频画面 , 可能采用更高的图像分辨率和像素深度。

质量的提高带来的是数据量的急剧怎家 , 给存储和传输造成极大的困难。

为保证一定质量的同时 , 减少数据量 , 数据压缩技术是行之有效的方法。

5.计算采样频率为 22.05kHz、采样精度为 16 位、双声道、播放时间为 2 分钟的数字音频信息所需占用的存储器的容量为多少字节。

答案 :(22.05k ×16×2×2×60)/8 ≈10.6MB6.一幅 1024×768 分辨率的真彩色图像 , 在不进行任何压缩的情况下 , 计算这副图像需要占用的存储空间。

答案 :1024×768×24/8=2.36MB7.一段视频 , 按每秒播放 25 帧的速度 , 能够播放 4 分钟。

其中每一帧是640×480 分辨率的真彩色图像。

在数据不压缩的情况下 , 这段视频需要占据多少存储空间 ?一张容量为 650M的光盘 , 最多能播放多长时间 ?答案 :1 秒视频的数据量为640 ×480×24×25/8= 23.04MB4 分钟视频的数据量为23.04 ×4×60≈5.53GB650M光盘能存储的视频时间650/23.04 ≈28.2 秒8.设有一段信息为 AAAAAAAACMTTTTTTTTTTTSSSSSSSSSSSSSSSSSS,使用行程编码对其进行数据压缩 , 试计算其压缩比。

假设行程长度用 1 字节存储。

行程编码为 :8(A)+1(C)+1(M)+11(T)+18(S)共需要 2+2+2+2+2=10B原存储容量为8+1+1+11+18=39B压缩比 =39:10=3.9:19.简述多媒体信息数据压缩的可能性 , 举例说明。

多媒体信息的数据量巨大 , 但其中存在大量的数据冗余 , 可以通过数据压缩尽可能消除这些冗余数据。

其信息的冗余主要体现在两个方面: 一是相同或相似的信息的重复 , 二是信息接受者由于条件限制 , 导致一部分信息分量被过滤或者屏蔽。

如: 视频中 , 相邻两帧的画面几乎相同 , 差异部分很小 , 因此后一帧只需记录与前一帧的差异即可 ; 对人的听觉不能感知的声音可予以忽略。

10.10. 某电话采样频率为8kHz, 量化位数为 8 位 , 单声道 ;CD 的采样频率是44.1kHz,量化位数为 16 位, 立体声。

分别计算一段 1 分钟的声音分别通过电话、 CD进行数字化后 , 所产生的、未经压缩的数据量。

答案 :电话声音 :(8 ×8×60)/8=468.8KBCD声音 :(44.1*16*2*60)/8=10584KB≈10.6MB。