圆锥曲线解题套路综述高考解析几何解题套路及各步骤操作规则：步骤一：（一表）把题目中的点、直线、曲线这三大类基础几何元素用代数形式表示出来；口诀：见点化点、见直线化直线、见曲线化曲线。

1、见点化点：“点”用平面坐标系上的坐标表示，只要是题目中提到的点都要加以坐标化；2、见直线化直线：“直线”用二元一次方程表示，只要是题目中提到的直线都要加以方程化；3、见曲线化曲线：“曲线（圆、椭圆、抛物线、双曲线）”用二元二次方程表示，只要是题目中提到的曲线都要加以方程化。

步骤二：（二代）把题目中的点与直线、曲线从属关系用代数形式表示出来；如果某个点在某条直线或曲线上，那么这个点的坐标就可代入这条直线或曲线的方程。

口诀：点代入直线、点代入曲线。

1、点代入直线：如果某个点在某条直线上，将点的坐标代入这条直线的方程；2、点代入曲线：如果某个点在某条曲线上，将点的坐标代入这条曲线的方程；这样，每代入一次就会得到一个新的方程，方程逐一列出后，这些方程都是获得最后答案的基础，最后就是解方程组的问题了。

在方程组的求解中，我们发现一个特殊情况，即如果题目中有两个点在同一条曲线上，将它们的坐标代入曲线方程后能够直接求解的可以直接求解，如果不能直接求解的，则采用下面这套等效规则来处理可以达到同样的处理效果，并让方程组的求解更简单，具体过程：1、点代入这两个点共同所在的直线：把这两个点共同所在直线用点斜式方程（如）表示出来，将这两个点的坐标分别代入这条直线的方程；2、将这条直线的方程代入这条曲线的方程，获得一个一元二次方程；3、把这个一元二次方程的二次项系数不等于零的条件列出来；4、把这个一元二次方程的判别式列出来；5、把这个一元二次方程的根用韦达定理来表示（这里表示出来的实际上就是这两个点的坐标之间的相互关系式）。

步骤三：（三译）图形构成特点的代数化，或者说其它附加条件的代数化。

前面两个步骤都是高度模式化的，他们构成了解决所有问题的基础。

在解析几何题目里，事实上就是附加了一些特殊条件的问题，如我们可以附加两条直线垂直的条件，也可以附加一条直线与一条曲线相切的条件，等等，当然，我们不用太担心，这些条件都是与我们教材上的基本数学概念相对应的，它们分别与一个或一组固定模式的方程相对应，而且，通过少数几条通用规则就可以把所有这些方程罗列出来。

而我们要做的，就是针对这些特定条件选择合适的通用规则来列方程。

这个步骤涉及的主要通用规则：1、两点的距离2、两个点的对称点3、条直线垂直4、两条直线平行5、两条直线的夹角6、点到直线的距离7、正余弦定理及面积公式8、向量规则9、直线与曲线的位置关系把直线方程代入曲线方程，得形如的一元二次方程：①当时，直线与曲线有一个交点；②当时，直线与曲线相切；③当时，直线与曲线有两个交点；④当时，或当时，直线与曲线无交点；这个步骤的处理关键是根据条件的特点选择适当的通用规则组合。

步骤四：（四处理）按答案的要求解方程组，把结果转化成答案要求的形式。

一般情况步骤1、2、3 完成后，会得到一组方程，而答案就是这组方程组的解。

这个步骤就是方程组的求解了，解方程组实际上就是用加减乘除四则混合运算以及乘方、开方等来消除方程的参数。

不过，这里我们也给出三条消参的原则：1、把方程中的所有未知量都视为参数。

比如，如果某个点的坐标为，而都是未知的，我们把它们都视为方程组的参数。

2、消参的原则是，把与答案无关的参数消去，留下与答案有关的参数。

或者说在解方程组的时候，用与答案有关的参数来表示与答案无关的参数。

3、消参完成后，把结果表示成答案要求的形式。

例题1：全国卷Ⅱ理（21）年高文科（22）（本小题满分12分）已知为坐标原点，为椭圆在轴正半轴上的焦点，过且斜率为的直线与交与两点，点满足. (I)证明：点在上；(II)设点关于点的对称点为，证明：四点在同一圆上.例题2：（理数卷）已知椭圆C ：1422=+y x ，过点()0,m 作圆122=+y x 的切线l 交椭圆C 于A 、B 两点 ⑴ 求椭圆C 的焦点坐标和离心率； ⑵ 将||AB 表示为m 的函数，并求||AB 的最大值。

例题3.（新课标卷第20题）在平面直角坐标系xOy 中，已知点()1,0-A ，B 点在直线3-=y 上，M 点满足OA MB //，BA MB AB MA ⋅=⋅，M 点的轨迹为曲线C 。

⑴ 求C 的方程。

⑵ P 为C 上的动点，l 为C 在P 点处的切线，求点O 到l 距离的最小值例题4、（理数卷）椭圆有两顶点()0,1-A 、()0,1B ，过其焦点()1,0F 的直线l 与椭圆交于C 、D 两点，并与x 轴交于点P 。

直线AC 与直线BD 交于点Q 。

⑴ 当223||=CD 时，求直线l 的方程；⑵ 当点P 异于A 、B 两点时，求证：OQ OP ⋅为定值。

例题5.（理数全国卷第21题）已知O 为坐标原点，F 为椭圆C ：1222=+y x 在y 轴正半轴上的焦点，过F且斜率为2-的直线l 与C 交与A 、B 两点，点P 满足0=++OP OB OA⑴ 证明：点P 在C 上；⑵ 设点P 关于点O 的对称点为Q ，证明：A 、P 、B 、Q 四点在同一圆上。

答案例题5.理数全国卷第21题 解：由已知有()1,0F由已知有直线l 的方程为：12+-=x y 设()11,y x A 、()22,y x B ∴1211+-=x y ……①1222+-=x y ……②将直线l 的方程代入椭圆方程，整理得012242=--x x∴2221=+x x ……③ 4121-=x x ……④其中，024168>=+=∆恒成立 设()33,x x P由已知()()()0,,,0332211=++⇒=++y x y x y x OP OB OA()()()()[]⎪⎩⎪⎨⎧-=+-++--=+-=-=+-=⇒112122211213213x x y y y x x x ⑴ ∴⎪⎪⎭⎫ ⎝⎛--1,22P 在C 上 ⑵ 由已知有⎪⎪⎭⎫⎝⎛1,22Q 则PQ 的中垂线为：x y 22-= 设A 、B 的中点为()33,y x D∴()()⎪⎪⎩⎪⎪⎨⎧=+-++-=+==+=2121212242211213213x x y y y x x x∴⎪⎪⎭⎫⎝⎛21,42D则AB 的中垂线为：4122+=x y 则PQ 的中垂线与AB 的中垂线的交点为⎪⎪⎭⎫⎝⎛-81,82'O ∴8113||||''==QO PO ⎪⎪⎭⎫ ⎝⎛-81,82'O 到直线AB 的距离为8333|181822|=-+⎪⎪⎭⎫ ⎝⎛-⨯=d ()()()[]22343||21221221221=-+=-+-=x x x x y y x x AB∴81132||||||22''=+⎪⎭⎫ ⎝⎛==d AB BO AO 即||||||||''''QO PO BO AO === ∴A 、P 、B 、Q 四点在同一圆上。

例6、理数卷第22题已知动直线l 与椭圆C ：12322=+y x 交于()11,y x P 、()22,y x Q 两不同点，且OPQ ∆的面积26=S ，其中O 为坐标原点。

⑴ 证明：2221x x +和2221y y +均为定值。

⑵ 设线段PQ 的中点为M ，求||||PQ OM ⋅的最大值；⑶ 椭圆C 上是否存在三点D 、E 、G ，使得26===∆∆∆OEG ODG ODE S S S ？若存在，判断DEG ∆的形状；若不存在，请说明理由。

解：设直线l 的方程为：b kx y +=∴b kx y +=11 ……①b kx y +=22 ……②将直线l 的方程代入椭圆方程，整理得()()023632222=-+++b kbx xk∴221326kkbx x +-=+ ……③ ()22213223kb x x +-= ……④ 其中，()()2302321236222222+<⇒>-+-=∆k b bkb k()()()()[]()()2222212212221221322316241||kb k k x x x x k y y x x PQ +-++=-++=-+-=O 到直线l 的距离21||kb d +=由已知有OPQ ∆的面积2321||3223226||2122222k b b k b k d PQ S +=⇒=⋅+-+⇒=⋅=∴()23132||22++=k k PQ ⑴ ∴()()3322632622222212212221=+--⎪⎭⎫ ⎝⎛+-=-+=+k b k kb x x x x x x ，恒为定值 ()()()()221222122221222122b x x kb x x k b kx b kx y y ++++=+++=+223212322222=++-=b kb k k ，恒为定值 ⑵ 由已知有线段PQ 的中点⎪⎭⎫⎝⎛++2,22121y y x x M ， ∴22122122||⎪⎭⎫⎝⎛++⎪⎭⎫ ⎝⎛+=y y x x OM ()()[]22221221b x x k x x ++++=223263262222⎥⎦⎤⎢⎣⎡+⎪⎭⎫ ⎝⎛+-+⎪⎭⎫ ⎝⎛+-=b k kb k k kb()()2232249k k ++=∴()()23163249||||2222++⋅++=⋅k k k kPQ OM ()4129413962424++++=k k k k ⎪⎪⎭⎫ ⎝⎛+++=412916242k k k 251249211612491622222=⎪⎪⎪⎪⎭⎫ ⎝⎛+⋅+≤⎪⎪⎪⎪⎭⎫ ⎝⎛+++=k k k k k ∴||||PQ OM ⋅的最大值为25⑶ 设存在满足题意的三点()33,y x D 、()44,y x E 、()55,y x G 则由“⑴”有32423=+x x ……⑤ 32523=+x x ……⑥ 32524=+x x ……⑦⑤-⑥，得2524x x = 同理有2423x x =，2523x x = 不妨令53x x =，则54x x -=即直线DG 垂直于x 轴，直线EG 或直线ED 平行于x 轴 ∴DEG ∆为直角三角形。