（物理）九年级物理欧姆定律技巧和方法完整版及练习题一、欧姆定律选择题1．图甲是某电子秤的原理示意图，R1的阻值为100 Ω，托盘下方的电阻R2为压敏电阻，其电阻大小与托盘内所放物体质量m大小的关系如图乙所示，电源电压为6 V保持不变，则（）A. R2的阻值变化范围为0~1000 ΩB. 电路中电流的变化范围为0.1 A~0.6 AC. 电路中电流为0.02 A时，托盘内物体的质量为600 gD. 托盘内物体质量为400 g 时，电流表的示数为0.01 A沿此线折叠【答案】C【解析】【解答】A. 由图乙可知,压敏电阻R2的阻值变化范围为0∼500Ω，A不符合题意；B. 当托盘内物体的质量为零时,压敏电阻R2＝500Ω，则电路总电阻：R＝R1+R2＝100Ω+500Ω＝600Ω，此时电路中的电流：I＝＝0.01A，当托盘内物体的质量为1000g时,压敏电阻阻值是0Ω，则电路总电阻：R′＝R1+R′2＝100Ω+0Ω＝100Ω，此时电路中的电流：I′＝＝0.06A，所以，电路中电流的变化范围为0.01A∼0.06A，B不符合题意；C. 当电路中电流I1＝0.02A时，电路总电阻：R总＝＝300Ω，则压敏电阻R2的阻值：R2＝R总−R1＝300Ω−100Ω＝200Ω，由图乙可知,当R2＝200Ω时，托盘内物体的质量为600g，C符合题意；D. 当托盘内物体质量为400g时,由图乙可知,R2″＝300Ω时，则电路总电阻：R′总＝R1+R2″＝100Ω+300Ω＝400Ω，此时电路中的电流：I2＝＝0.015A，D不符合题意。
故答案为：C。
【分析】电阻R1、R2串联电流表测电路中的电流，由图乙可知，压敏电阻R2的阻值变化范围；根据串联电路电阻特点和欧姆定律求出电路中电流的变化范围；再根据欧姆定律、串联电路电阻特点求出托盘内物体的质量和电流表的示数.2．如图所示，若电路中电源两端的电压保持不变，闭合开关S，当滑动变阻器的滑片P从b端向a端滑动的过程中（）A. 电压表V1的示数变大，电流表A的示数变大B. 电压表V2的示数变大，电流表A的示数变小C. 电压表V1的示数变大，电流表A的示数变小D. 电压表V2的示数变大，电流表A的示数变大【答案】 A【解析】【解答】解：由图知，定值电阻R1和滑动变阻器R2串联，V1测量R1两端的电压，电压表V2测量R2两端的电压，电流表测量串联电路中的电流。
当滑动变阻器的滑片P从b端向a端滑动的过程中，滑动变阻器的电阻变小，由串联分压的规律可知，变阻器分担的电压变小，即电压表V2示数变小；电源电压不变，所以定值电阻两端的电压就变大，即电压表V1示数变大；定值电阻的阻值不变，滑动变阻器的电阻变小，所以整个电路的总电阻变小，电源电压不变，由欧姆定律可知，电路中的电流就变大，即电流表的示数就变大。
BCD不符合题意，A 符合题意。
故答案为：A。
【分析】结合电路图，理清元件的连接方式及电表的测量对象，串联电路的电阻起分担电压的作用，电阻越大，分担的电压就越大.3．地磅工作时，重物越重，电表的示数就越大。
下列四幅电路图中，R′是滑动变阻器，R 是定值电阻。
其中符合地磅工作原理的是（）A. B.C. D.【答案】 B【解析】【解答】A.当物重增大时，滑片向下运动，变阻器的阻值增大，电流表的示数变小，故A不合题意；B.电阻R和变阻器R'串联，电压表测电阻R的电压；当物重增大时，滑片向下运动，变阻器阻值变小，它的电压变小；而总电压不变，因此电压表的示数变大，故B符合题意；C.电流表将滑动变阻器短路，当物重增大时，电流表的示数不变，故C不合题意；D.电压表串联在电路里，当物重增大时，电压表的示数几乎不变，故D不合题意。
故选B。
【分析】（1）当电压不变时，电阻越大，电流越小；（2）在串联电路中，电压的分配与电阻成正比，即电阻越大，电压越大；（3）当物重增大时，判断滑动变阻器的滑片的运动方向，进而得到其阻值的变化，接下来再判断电表的示数变化。
4．有两只分别标有”6V3W“和”9V3W“的小灯泡L1、L2，不考虑温度对灯丝电阻的影响，下列说法正确的是（）A. L1和L2正常工作时的电流一样大B. L1和L2串联在一起同时使用时，两灯一样亮C. L1和L2并联在一起同时使用时，两灯消耗的功率一样大D. 将L1串联在一个12Ω的电阻，接在电源电压为12V的电路中，L1也能正常发光【答案】D【解析】【解答】解：A．由P=UI可得，两灯泡正常发光时的电流分别为：I1= = =0.5A，I2= = = A，所以两灯泡正常发光时的电流不一样，故A错误；B．由P=UI= 可得，两灯泡的电阻分别为：R1= = =12Ω，R2= = =27Ω，两灯泡串联时通过的电流相等，但灯泡的电阻不同，由P=I2R可知，两灯泡的实际功率不相等，亮度不同，故B错误；C．L1和L2并联在一起同时使用时，它们两端的电压相等，但灯泡的电阻不同，由P= 可知，两灯泡消耗的电功率不相等，故C错误；D．将L1串联在一个12Ω的电阻时，电路中的总电阻R总=R1+R=12Ω+12Ω=24Ω，电路中的电流I= = =0.5A，因电路中的电流和灯泡L1正常发光时的电流相等，所以L1能正常发光，故D正确．故选D．【分析】（1）灯泡正常发光时的电压和额定电压相等，根据P=UI求出两灯泡的正常发光时的电流，然后比较两者的关系；（2）根据P=UI= 求出两灯泡的电阻，根据串联电路的电流特点和P=I2R比较两灯泡的实际功率关系，实际功率大的灯泡较亮；（3）L1和L2并联在一起同时使用时，它们两端的电压相等，根据P= 比较两灯泡消耗的电功率关系；（4）将L1串联在一个12Ω的电阻时，根据电阻的串联和欧姆定律求出电路中的电流，然后与灯泡L1正常发光时的电流相比较判断其是否能正常发光．5．如图甲，R1为定值电阻，R p为滑动变阻器，闭合开关，R p的滑片从一端移动到另一端，得到电压与电流图像如图乙，下列说法正确的是（）A. 电源电压为3V，R1阻值为18ΩB. 电路消耗的最小功率为0.2WC. 当R p总阻值的接入电路时，它与定值电阻消耗的功率之比为6：5D. 当电流为0.4A时，R1与R p连入电路的阻值之比为1:2【答案】 C【解析】【解答】A.据乙图可知，当滑片滑到最左端时，此时电流最大为0.6A，电阻R 1两端的电压是3V，因此电源电压U 总=3V；电阻R 1的阻值为：，故A错误；B.据乙图可知，电路的最小电流为0.2A，那么电路消耗的最小功率为：P总=U总I总=3V×0.2=0.6W，故B错误；C.当滑片滑到最右端时，变阻器全部使用，此时电流最小为0.2A，这时的总电阻为：；那么滑动变阻器的最大阻值为：R P=R总-R1=15Ω-5Ω=10Ω；当R p总阻值的接入电路时，它与定值电阻消耗的功率之比：，故C正确；D.当电流为0.4A时，总电阻；滑动变阻器接入的电阻为：R P=R总-R1=7.5Ω-5Ω=2.5Ω；R1与R p连入电路的阻值之比：，故D错误。
故选C。
【分析】定值电阻R1与滑动变阻器R P串联，电压表测R1的电压。
（1）当滑片滑到最左端时，变阻器阻值为0，这时只有R1，此时电压表的示数就是电源电压；可根据乙图中电压和对应电流计算R1的阻值；（2）从乙图找到电路的最小电流，根据公式P=UI计算电路的最小功率；（3）当滑片滑到最右端时，变阻器全部使用，此时电流最小，首先根据计算出总电阻，再根据R P=R总-R1计算出变阻器的最大阻值；因为串联电路中功率和电阻成正比，所以当R p总阻值的接入电路时，求出它们的电阻之比即可；（4）当电流为0.4A时，根据欧姆定律计算出R P的阻值，然后作比即可。
6．如图所示电路中，当滑片P向右滑动时（）A. 电压表示数增大，灯泡变暗B. 电压表示数增大，灯泡变亮C. 电压表示数减小，灯泡变暗D. 电流表示数增大，灯泡变亮【答案】 A【解析】【解答】由图可知，滑动变阻器与灯泡是串联，电压表测量的是滑动变阻器两端电压，电流表测量的是整个电路中的电流，当滑片向右滑动时，滑动变阻器的电阻变大，则电路的总电阻变大，又知：电源电压保持不变，∴根据欧姆定律I= 可知，电路中的电流变小，即电流表的示数变小；又∵灯泡的阻值不变，∴根据U灯=IR灯可知灯泡两端电压变小；又∵灯泡的电阻不变，电流变小，由公式P灯=I2R灯可知：灯泡的实际功率变小，∴灯泡变暗；又∵U滑=U﹣U灯，∴可判断U滑变大．故答案为：A。
【分析】本题考查学生对利用欧姆定律和串并联规律来解决电学题的能力。
（1）会分析电路是串联还是并联。
（2）利用串并联规律，找到每个用电器的电流，电压，电阻等物理量。
（3）利用公式求解。
7．如图所示的电路中，电源两端电压保持不变，当开关S闭合时，灯L正常发光，灯L的电阻会随电流变化,如果将滑动变阻器的滑片P向右滑动,电压表的示数和灯正常发光时示数相同,则下列说法中正确的是（）A. 灯L变暗，灯两端电压变小B. 灯L变暗，灯的实际功率变小C. 灯L变亮，灯两端电压变大D. 灯L变亮，灯的实际功率变大【答案】A【解析】【解答】将滑动变阻器的滑片P向右滑动时，接入电路的电阻变大，电路的总电阻变大；根据可知，电路中的电流变小；根据可知，灯泡两端的电压变小，由可知，灯泡的实际功率变小，故灯泡变暗。
故答案为：A【分析】灯泡和滑动变阻器串联，电压表测滑动变阻器两端的电压，电流表测量电路的电流；根据滑片的移动判断接入电路电阻的变化和电路总电阻的变化，根据欧姆定律可知电路中电流的变化和灯泡两端电压的变化，根据P=I2R可知灯泡实际功率的变化和灯泡亮暗的变化，根据串联电路的电压特点可知电压表示数的变化.8．如图所示的电路中，闭合开关，滑动变阻器滑片向右滑动的过程中（）A. 灯泡L1变亮、L2亮度不变B. 灯泡L1变亮、L2变暗C. 灯泡L1亮度不变、L2变亮D. 灯泡L1变暗、L2变亮【答案】 D【解析】【解答】由图可知是混联电路图，当滑动变阻器的滑片向右滑动时电阻变大，滑动变阻器和灯泡并联，此处的总电阻变大，分压变大，灯泡L2变亮，灯泡L1分压减小，变暗，D符合题意，ABC不符合题意。
故答案为：D.【分析】根据混联电路的特点，并联处电阻变大分压变大，串联时，分压互相影响。
9．在一次物理实验中，小于同学连接了如图所示的电路，电磁铁的B端有一个可自由转动的小磁针，闭合开关后，下列说法错误的是（）A. 电磁铁的A端为N极B. 小磁针静止时，N极水平指向左C. 利用这一现象所揭示的原理可制成的设备是发电机D. 当滑动变阻器滑动片P向右端移动，电磁铁磁性增强【答案】 C【解析】【解答】解：A、由图知，电流从螺线管的右端流入、左端流出，根据安培定则可知，电磁铁的A端是N极，B端是S极，A不符合题意；B、电磁铁的B端是S极，由磁极间的作用规律可知，小磁针静止时，左端是N极，即N 极水平指向左，B不符合题意；C、该实验表明了电能生磁，利用这一现象所揭示的原理可制成电磁铁，C错误，符合题意；D、当滑动变阻器滑动片P向右端移动时，变阻器接入电路的电阻变小，电路中电流变大，则电磁铁的磁性变强，D不符合题意；故答案为：C。