成都龙泉中学2018届高考模拟考试试题（二）理科综合能力测试第Ⅰ卷（选择题 共126分）本卷共21小题，每小题6分，共126分。
可能用到的相对原子质量：H —1 S —32 O —16 S —32 V —51 Fe —5614. 物理学发展史上，首先把实验和逻辑推理和谐结合起来的科学家是A. 亚里士多德B. 伽利略C. 牛顿D. 法拉第15. 如图所示，电源电动势E ＝12V ，内阻r ＝1.0Ω，电阻R 1＝4.0Ω，R 2＝7.5Ω，R 3＝5.0Ω，电容器的电容C ＝10 μF.闭合开关S ，电路达到稳定后电容器的电荷量为A. 4.5×10－5 CB. 6.0×10－5 CC. 7.5×10－5 CD. 1.2×10－4 C16. 如图所示，两光滑直杆成直角竖直固定，OM 水平，ON 竖直，两个质量相同的有孔小球A 、B(可视为质点)串在杆上通过长为L 的非弹性轻绳相连，开始时小球A 在水平向左的外力作用下处于静止状态，此时OB ＝，重力加速度为g ，现将外力增大到原来的4倍(方向不变)，则小球B 运动到与O 点的距离为时的速度大小为（ B ）A. B. C. D.17. 如图所示，某同学把布娃娃“小芳”挂在“魔盘”竖直壁上的可缩回的小圆柱上、布娃娃“盼盼”放在“魔盘”底盘上，用手摇机械使“魔盘”转动逐渐加快，到某一转速时匀速转动，他发现小圆柱由于离心已缩回竖直壁内，“小芳”悬空随“魔盘”一起转动，“盼盼”在底盘上也随“魔盘”一起转动．若魔盘半径为r ，布娃娃与魔盘的平面和竖直壁间的动摩擦因数均为μ，设最大静摩擦力等于滑动摩擦力．下列说法正确的是A. “小芳”受到重力、摩擦力和向心力的作用B. “盼盼”放在底盘靠近竖直壁附近，也可能随“魔盘”一起转动C. 此时“魔盘”的转速一定不大于12πμg r D. 此时“魔盘”的转速一定不小于12πg μr18．如图所示，水平细杆上套一环A ，环A 与球B 间用一轻质绳相连，质量分别为m A 、m B ，由于B 球受到风力作用，环A 与B 球一起向右匀速运动．已知绳与竖直方向的夹角为θ，则下列说法中正确的是A ．B 球受到的风力F 为mB g tan θB ．风力增大时，轻质绳对B 球的拉力保持不变C ．风力增大时，杆对环A 的支持力增大D ．环A 与水平细杆间的动摩擦因数为m Bm A ＋m B19.空间存在着平行于x 轴方向的静电场.A 、M 、O 、N 、B 为x 轴上的点，OA <OB ，OM ＝ON ，AB 间的电势φ随x 的分布如图4所示，一个带电粒子在电场中仅在电场力作用下从M 点由静止开始沿x 轴向右运动，则下列判断中正确的是A.粒子一定带负电B.粒子从M 向O 运动过程中所受电场力均匀增大C.粒子一定能通过N 点D.AO 间的电场强度大于OB 间的电场强度20. 在图甲所示电路中，流过二极管D 的电流i D 如图乙所示，该电流可以看作是一个恒定电流和一个交变电流的叠加，流过电感和电容的电流分别为i L 、i C .下列关于i L 、i C 随时间t 变化的图象中，可能正确的是甲 乙A B C D21. 如图所示，理想变压器原副线圈匝数比为2∶1，原线圈接交流电u ＝20 2 sin 100 πt(V )，保险丝的电阻为1 Ω，熔断电流为2 A ，电表均为理想电表．下列说法正确的有A. 电压表V 的示数为14.1 VB. 电流表A 1、A 2的示数之比为2∶1C. 为了安全，滑动变阻器接入电路的最小阻值为4 ΩD. 将滑动变阻器滑片向上移动，电流表A 1的示数减小第II 卷（非选择题共174分）三、非选择题：本卷包括必考题和选考题两部分。
第22~32题为必考题，每个试题考生都必须做答。
第33~40题为选考题，考生根据要求做答。
（一）必考题（共129分）22.（5分）如图甲所示，一位同学利用光电计时器等器材做“验证机械能守恒定律”的实验．有一直径为d 、质量为m 的金属小球由A 处静止释放，下落过程中能通过A 处正下方、固定于B 处的光电门，测得A 、B 间的距离为H (H ≫d )，光电计时器记录下小球通过光电门的时间为t ，当地的重力加速度为g .则：(1)如图乙所示，用20分度的游标卡尺测得小球的直径d ＝________cm. (2)多次改变高度H ，重复上述实验，作出1t 2随H 的变化图象如图丙所示，当图中已知量t 0、H 0和重力加速度g 及小球的直径d 满足以下表达式：________(用t 0、H 0、g 、d 表示，四个量均取国际单位)时，可判断小球下落过程中机械能守恒．(3)实验中发现动能增加量ΔE k 总是稍小于重力势能减少量ΔE p ，增加下落高度后，则ΔE p －ΔE k 将________________(选填“增加”、“减小”或“不变”)．23.（10分）某实验小组设计了如图甲所示的电路，其中T R 为热敏电阻，电压表量程为6V ，内阻为V R 约10k Ω，电流表量程为0.5A ，内阻 4.0A R =Ω，R 为电阻箱。
（1）该实验小组首先利用该电路进行描绘热敏电阻的伏安特性曲线的实验。
闭合开关，调节电阻箱，记录不同情况下电压表示数1U 、电流表的示数I 和电阻箱的阻值R ，在I U -坐标系中，将各组1U 、I 的数值标记在相应位置，描绘出热敏电阻的部分伏安特性曲线如图乙中的曲线所示，为了完成该实验，应将导线c 端接在 （选填“a ”或“b ”）点；（2）利用（1）中记录的数据，通过分析计算可得外电路的电压2U ，2U 的计算式为 ；（用1U 、I 、R 和A R 表示）（3）实验小组利用（2）中的公式，计算出各组的2U ，将2U 和I 的数据也描绘在I U-坐标系中，如图乙中的直线所示，根据图像分析可知，电源的电动势E = V ， 内电阻r = Ω；（4）实验中，当电阻箱的阻值调到3.0Ω时，热敏电阻消耗的电功率P = W 。
（保留两位有效数字）24．（14分）如图1所示，两滑块A 、B 用细线跨过定滑轮相连，B 距地面一定高度，A 可在细线牵引下沿足够长的粗糙斜面向上滑动。
已知m A =2 kg ，m B =4 kg ，斜面倾角θ=37°。
某时刻由静止释放A ，测得A 沿斜面向上运动的v 一t 图象如图2所示。
已知g=10m/s2，sin 37°=0.6。
求：(1)A 与斜面间的动摩擦因数；(2)A 沿斜面向上滑动的最大位移；(3)滑动过程中细线对A 的拉力所做的功。
25．(18分)如图甲所示，A 、B 为两块相距很近的平行金属板，A 、B 间电压为U AB ＝－U 0，紧贴A 板有一电子源，不停地飘出质量为m ，带电荷量为e 的电子(可视为初速度为0)。
在B 板右侧两块平行金属板M 、N 间加有如图乙所示的电压，电压变化的周期T ＝L m 2eU 0，板间中线与电子源在同一水平线上。
已知板间距d ＝38L ，极板长L ，距偏转板右边缘S 处有荧光屏，经时间t 统计(t ≫T )只有50%的电子能打到荧光屏上。
(板外无电场)，求：(1)电子进入偏转板时的速度；(2)T 4时刻沿中线射入偏转板间的电子刚射出偏转板时与板间中线的距离； (3)电子打在荧光屏上的范围Y 。
（二）选考题：共45分。
请考生从给出的3道物理题、3道化学题、2道生物题中每科任选一题做答。
如果多做，则每学科按所做的第一题计分。
33．【物理——选修3-3】（15分）（1）（5分）下列说法不正确．．．的是 (填正确答案标号。
选对1个得2分，选对2个得4分，选对3个得5分；每选错1个扣3分，最低得分为0分)A ．竖直玻璃管里的水银面不是平面，而是“上凸”的，这是表面张力所致B ．相对湿度是空气里水蒸气的压强与大气压强的比值C ．物理性质表现为各向同性的固体一定是非晶体D ．压缩气体需要用力，这是气体分子间有斥力的表现E ．气缸里一定质量的理想气体发生等压膨胀时，单位时间碰撞器壁单位面积的气体分子数一定减少（2）（10分）如图，体积为V 、内壁光滑的圆柱形导热气缸顶部有一质量和厚度均可忽略的活塞；气缸内密封有温度为2.4T 0、压强为1.2P 0的理想气体。
P 0和T 0分别为大气的压强和温度。
已知：气体内能U 与温度T 的关系为U =aT ，a 为正的常量；容器内气体的所有变化过程都是缓慢的．求：①气缸内气体与大气达到平衡时的体积V 1；②在活塞下降过程中，气缸内气体放出的热量Q ．34．【物理——选修3—4】（15分）（1）(5分)一列简谐横波沿x 轴传播。
t= 0时的波形如图所示，质点A 与质点B 相距lm ，A 点速度沿y 轴正方向；t=0.02s 时，质点A 第一次到达正向最大位移处。
由此可知（ ）（填正确答案标号。
选对一个得2分，选对两个得4分，选对三个得5分，每选错一个扣3分，最低得分为0分）A.此波沿x 轴正方向传播B.此波的传播速度为25m/sC.从t=0时起，经过0.04s ，质点A 沿波传播方向迁移了1mD.在t=0.04s 时，质点B 处在平衡位置，速度沿y 轴正方向E 此列波不能和频率为50 Hz 的横波发生干涉现象（2）(10分)高速公路上的标志牌都用“回归反射膜”制成，夜间行车时，它能把车灯射出的光逆向返回。
这种“回归反射膜”是用球体反射元件制成的。
如图所示，透明介质球的球心位于O 点，半径为R ，光线DC 平行于直径AOB 射到介质球的C 点，DC 与AB 的距离H=R 23。
若DC 光线经折射进入介质球，在介质球内经一次反射，再经折射后射出的光线与人射光线CD 平行。
试作出光路图，并计算出介质球的折射率。
成都龙泉中学2018届高考模拟考试试题（二）理科综合能力测试物理参考答案14—17 BBCD 18—21 A ACD BC CD22.（5分）(1)0.715 cm （2分）(2)2gH 0t 20＝d 2（2分） (3)增加（1分）23.（10分）（1）a 点；（2）21 A U U I R R =++（）（3） 6.0E V = 3.0r =Ω（4）0.80P W =（0.770.83均正确）24.（14分）(1)在0-0.5s 内，根据图象，A 、B 系统的加速度为221m/s 4m/s 502===.t va （1分）对A 、B 系统受力分析，由牛顿第二定律得()1a m m g m g m g m B A A A B +=--θμθcos sin （2分）得：250.=μ （1分）（2）B 落地后，A 继续减速上升。
由牛顿第二定律得2a m g m g m A A A =+θμθcos sin （2分）将已知量代入，可得22m /s 8=a （1分）故A 减速向上滑动的位移为m 2502222.==a v x （1分） 考虑0-0.5s 内A 加速向上滑动的位移m 502121.==a v x （1分） 所以，A 上滑的最大位移为m 75021.=+=x x x （1分）（3）A 加速上滑过程中，由动能定理：02121-=+-v m x g m g m W A A A )cos sin (θμθ （2分） 得 J 12=W （1分）25.(18分)【解析】(1)设电子进入偏转板时的速度为v ，由动能定理有：eU 0＝12mv 2解得：v ＝2eU 0m 。