绥棱县第一中学～(下)高二月考试题（物理）本试题共两卷，时间：90分钟，总分100分第Ⅰ卷（50分）一、选择题（本题包括10小题，每小题5分，在每小题给出的四个选项中，1、2、4、5、8、9、10题只有一个选项符合题意，3、6、7题有多个选项符合题意，全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错或不作答得0分）1．自然界的力、电、热和磁等现象都是相互联系的，很多物理学家为寻找它们之间的联系做出了贡献。
下列说法不正确．．．的是（）A.法拉第不仅提出了场的概念，而且直观地描绘了场的清晰图像B.欧姆发现了欧姆定律，该定律说明了热现象和电现象之间的关系C.安培分子电流假说认为分子电流使每个物质微粒都成为一个微小的磁体,它的两侧相当于两个磁极D.奥斯特发现了电流的磁效应，首次揭示了电和磁的联系2. 图甲为一列简谐横波在t＝2 s时的波形图，图乙为媒质中平衡位置在x＝1.5 m处的质点的振动图象，P是平衡位置为x＝2 m的质点。
下列说法不．正确．．的是( )2题3题A. 波速为0.5 m/sB. 波的传播方向向右C. 0～2 s时间内，P运动的路程为8 cmD. 当t＝7 s时，P恰好回到平衡位置3.（多选）如图所示，长直导线与矩形导线框固定在同一平面内，直导线中通有图示方向电流．当电流逐渐减弱时，下列说法正确．．的是（）A．穿过线框的磁通量不变 B．线框中产生顺时针方向的感应电流C．线框中产生逆时针方向的感应电流D．线框所受安培力的合力向左4.世界很大，我们都想去看看，人们能够用眼睛去看世界，这与光密不可分。
下列对光的描述中正确．．的是（）A．分别用红光和紫光照射同一双缝干涉实验装置，在光屏上得到紫光的条纹间距比红光的大。
B．当单缝的宽度大于光的波长时，不能发生衍射现象。
C．光的偏振现象说明光是横波。
D．光不能发生多普勒效应。
5题6题5.如图，理想变压器原、副线圈匝数比12:2:1n n=，电压表和电流表均为理想电表，灯泡电阻6LR=Ω，AB端电压1()u t Vπ=。
下列说法正确．．的是( )A. 电流频率为100 HzB.电压表的读数为24 VC.电流表的读数为0.5 AD. 变压器输入功率为6 W6.（多选）如图所示，E为电池，L是电阻可忽略不计、自感系数足够大的线圈，D1、D2是两个规格相同且额定电压足够大的灯泡，S是控制电路的开关。
对于这个电路，下列说法中正确．．的是（）A．刚闭合开关S的瞬间，通过D1、D2的电流大小相等B．刚闭合开关S的瞬间，通过D1、D2的电流大小不相等C．闭合开关S待电路达到稳定，D1熄灭，D2比原来更亮D．闭合开关S待电路达到稳定，再将S断开瞬间，D2立即熄灭，D1闪亮一下再熄灭7题8题7.(多选)用一根横截面积为S、电阻率为ρ的硬质导线做成一个半径为r的圆环，ab为圆环的一条直径。
如图所示，在ab的左侧存在一个均匀变化的匀强磁场，磁场垂直圆环所在平面，方向如图，磁感应强度大小随时间的变化率ΔBΔt ＝k(均匀减少，但不零)，则（ ）A ．圆环中产生逆时针方向的感应电流B ．圆环具有扩张的趋势C ．圆环中感应电流的大小为krS 2ρD ．图中a 、b 两点间的电势差214ab U k r π=8. 如图所示，在质量为M 的无下底．．．的木箱顶部用一轻弹簧悬挂质量均为m(M>m)的A 、B 两物体，箱子放在水平地面上。
平衡后剪断A 、B 间细线，此后A 将做简谐振动。
当A 运动到最高点时，木箱对地面的压力为( )A. MgB. (M －m)gC. (M ＋m)gD. (M ＋2m)g9.如图所示，MN 右侧一正三角形匀强磁场区域，上边界与MN 垂直，现有一与磁场边界完全相同的三角形导体框，垂直于MN 匀速向右运动，导体框穿过磁场过程中感应电流随时间变化的图象可能是 (取逆时针电流为正)（ ）9题10. 以往，已知材料的折射率都为正值(n>0)。
现已有针对某些电磁波设计制作的人工材料，其折射率可以为负值(n<0)，称为负折射率材料。
位于空气中的这类材料，入射角i 与折射角r 依然满足sinisinr ＝n ，但是折射光线与入射光线位于法线的同一侧(此时折射角取负值)。
现空气中有一上下表面平行的负折射率材料，一束电磁波从其上表面射入，下表面射出。
若该材料对此电磁波的折射率n ＝－1，正确反映电磁波穿过该材料的传播路径的示意图是( )第Ⅱ卷 (50分)二、填空题：（共15分）11．(5分)在《用双缝干涉测光的波长》的实验中，装置如图所示，双缝间的距离d ＝3.0 mm.(1)若测定红光的波长，应选用________色的滤光片，实验时需要测定的物理 量有________和________．(2)若测得双缝与屏之间的距离为0.700 0 m ，通过测量头(与螺旋测微器原理 相似，手轮转动一周，分划板前进或后退0.500 mm)观察第1条亮纹的位置 如图甲所示，观察第5条亮纹的位置如图乙所示．则可求出红光的波长 λ＝________m.12．（10分）某同学在“用单摆测重力加速度”的实验中进行了如下的操作；(1)用游标上有10个小格的游标卡尺测量摆球直径如图(甲)所示，摆球直径为________cm 。
把摆球用细线悬挂在铁架台上，测量摆线长，通过计算得到摆长L 。
(2)用秒表测量单摆的周期。
当单摆摆动稳定且到达最低点时开始计时并记为n ＝0，单摆每经过最低点记一次数，当数到n ＝60时秒表的示数如图(乙)所示，该单摆的周期T ＝________s(结果保留三位有效数字)。
(3)测量出多组周期T 、摆长L 数值后，画出T 2－L 图象如图(丙)，此图线斜率的物理意义是( )A ．gB ．1gC ．24L gπ D ．24gL π (4)与重力加速度的真实值比较，发现测量结果偏大，分析原因可能是( )A ．振幅偏小B ．在单摆未悬挂之前先测定其摆长C ．将摆线长当成了摆长D ．开始计时误记为n ＝1(5)该小组的另一同学没有使用游标卡尺也测出了重力加速度。
他采用的方法是：先测出一摆线较长的单摆的振动周期1T ，然后把摆线缩短适当的长度L ∆ ，再测出其振动周期2T 。
用该同学测出的物理量表达重力加速度为g ＝________。
三、计算题：（共35分，要求写出必要的文字说明、主要方程式，只写出结果和无主要方程而仅通过纯数值运算得出的结果，不给分。
）13.（6分） 如图，三角形ABC 为某透明介质的横截面，O 为BC 边的中点，位于截面所在平面内的一束光线自O 以角i 入射，第一次到达AB 边恰好发生全反射。
已知θ＝15°，BC 边长为2L ，该介质的折射率为2。
求： (1)入射角i ；(2)从入射到发生第一次全反射所用的时间(设光在真空中的速度为c ，可能用到：sin75°＝6＋24或tan15°＝2－3)。
14. （10分）法拉第曾提出一种利用河流发电的设想，并进行了实验研究。
实验装置的示意图可用图表示，两块面积均为S 的矩形金属板，平行、正对、竖直地全部浸在河水中，间距为d 。
水流速度处处相同，大小为v ，方向水平。
金属板与水流方向平行。
地磁场磁感应强度的竖直分量为B ，水的电阻率为ρ，水面上方有一阻值为R 的电阻通过绝缘导线和电键K 连接到两金属板上，忽略边缘效应，求：(1)该发电装置的电动势； (2)通过电阻R 的电流强度； (3)电阻R 消耗的电功率。
15.（10分）一列向右传播的简谐横波传到R 点时的波形如图所示，波速为v ＝0.06 m/s ，质点P 、Q 的坐标分别为p x ＝0.96 m ，Q x ＝0.36 m ，求：(1)质点P 开始振动时，振动方向如何；(2)从图示时刻经多长时间，质点P 第一次到达波谷； (3)质点P 到达波峰时，质点Q 在何处．16. (9分）如图甲所示为一台小型发电机的示意图，单匝线圈逆时针转动。
若从中性面开始计时，产生的电动势随时间的变化规律如图乙所示。
已知发电机线圈内阻为 1.0Ω，外接灯泡的电阻为9.0Ω。
求：（1）写出流经灯泡的瞬时电流的表达式 （2）转动过程中穿过线圈的最大磁通量（3）线圈匀速转动一周的过程中，外力所做的功绥棱县第一中学2015～2016学年度(下)高二月考试题（物理）参考答案本试题共两卷，时间：90分钟，总分100分第Ⅰ卷 （50分）一、选择题（本题包括10小题，每小题5分，在每小题给出的四个选项中，1、2、4、5、8、9、10题只有一个选项符合题意，3、6、7题有多个选项符合题意，全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错或不作答得0分） 题号 1 2 3 4 5 6 7 8 9 10 答案BBBDCDACDBDACB第Ⅱ卷 (50分)二、填空题：（共15分）11. （5分） (1)红 L Δx (2)6.86×10－712. （10分） (1)2.06cm (2)2.24s (3)C (4)D (5)222124lg T T π∆=- 三、计算题：（共35分，要求写出必要的文字说明、主要方程式，只写出结果和无主要方程而仅通过纯数值运算得出的结果，不给分。
） 13．（6分）解析：(1)根据全反射规律可知，光线在AB 面上P 点的入射角等于临界角C ，由折射定律得 sinC ＝1n① 代入数据得 C ＝45°②设光线在BC 面上的折射角为r ，由几何关系得 r ＝30°③ 由折射定律得 n ＝sinisinr④ 联立③④式，代入数据得 i ＝45°⑤ (2)在△OPB 中，根据正弦定理得OPsin75°＝L sin45°⑥设所用时间为t ，光线在介质中的速度为v ，得OP ＝vt ⑦ v ＝c n ⑧ 联立⑥⑦⑧式，代入数据得t ＝6＋22c L ⑨答案：(1)45° (2)6＋22cL 14.（10分）解析：(1)由法拉第电磁感应定律，有E ＝Bdv (2)两金属板间河水的电阻r ＝ρdS由闭合电路欧姆定律，有I ＝E r ＋R ＝BdvS ρd＋SR (3)由电功率公式P ＝I 2R ，得P ＝(BdvS ρd＋SR)2R答案：(1)Bdv (2)BdvS ρd＋SR (3)(BdvS ρd＋SR)2R15．（10分）解析 (1)在波的传播方向上，各质点起振方向都相同，与此时刻x ＝0.30 m 处质点R 的振动方向相同，沿y 轴负方向．(2)法一 由波的图象可得波长λ＝0.24 m ，P 点第一次到达波谷的时间即为P 点前方距P 点最近的波谷传播到P 点所用的时间Δt ＝Δx v ＝0.96－0.240.06s ＝ 12 s.法二 可从“振动形式传播”的角度分析，由图象知，波长λ＝0.24 m ， 故波的周期T ＝λv ＝0.240.06 s ＝4 s ， R 的振动形式传到P 点所用的时间Δt1＝Δx v＝0.96－0.300.06 s ＝11 s ，P 开始振动后只需T 4即可到达波谷，即Δt2＝T4＝1 s ，故再经过12 s ，质点P 第一次到达波谷．(3)因ΔxPQ ＝0.6 m ＝52λ，所以P 、Q 两质点振动情况完全相反，当质点P达到波峰时，质点Q 在波谷．答案 (1)y 轴负方向 (2)12 s (3)波谷 16.（9分）解：⑴由图得 e=E m sin ωt =6 sin100πt （V ） 则电流 i= e/(R+r)=0.6 sin100πt （A ）⑵E m =BSω E m =6 V ω=100π Φ=BS= E m /ω= =2.7×10-2Wb ⑶E= E m / =6V ，外力所做的功W=Q=7.2×10-2J。