C．0. 08A
D． 8104 A
【答案】B
【解析】
【详解】
已知雷击时放电时间为 200μs，放电量等于 8C，则此次雷击时的平均电流为：
故 B 正确，ACD 错误；
I q = 8 A=4104A ， t 20010-6
7．电阻 R1 阻值为 6Ω，与电阻 R2 并联后接入电路中，通过它们的电流之比 Il：I2=2:3，则
A. a 和 b 与分析不符，不符合题意；
B. c 与分析不符，不符；
D. e 与分析相符，符合题意。
5．某些肿瘤可以用“质子疗法”进行治疗。在这种疗法中，为了能让质子进入癌细胞，首 先要实现质子的高速运动，该过程需要一种被称作“粒子加速器”的装置来实现。质子先 被加速到较高的速度，然后轰击肿瘤并杀死癌细胞。如图所示，来自质子源的质子（初速
【解析】
【分析】
通过 I U 图象得出两电阻的关系.串联电路电流相等,并联电路,电压相等,电流比等于电阻
之反比,并根据功率
P
I 2R
,部分电路欧姆定律
I
U R
及电阻定律 R
L S
,即可判定.
【详解】
A．根据 I U 图象知,图线的斜率表示电阻的倒数,所以 R1：R2=1：3, 所以 A 选项是不符合
I1 : I2 1:1
P1：P2=1：3
D．并联电路,电压相等,根据公式 I
U R
可知，电流比等于电阻之反比,所以将 R1 与 R2
并联
后接于电源上,电流比：
所以 D 选项是不符合题意的；
I1 : I2 3 :1
4．如图所示,a、b、c、d、e 是五个相同的电阻,如果将电压逐渐升高,则最先烧坏的电阻应 是( )
11．如图所示，两个截面不同、长度相等的均匀铜棒接入电路，两端电压为 U，则( )
A．通过两棒的电流相等 B．两棒的自由电子定向移动的平均速率相同 C．两棒内的电场强度不同，细棒内场强大 D．细棒的电压 U1 大于粗棒的电压 U2 【答案】ACD 【解析】 【分析】 【详解】 AD．设两段铜棒长度相等，细端电阻为 R1，粗端为 R2，根据电阻定律，则 R1>R2；由于两 电阻串联，故电流相等 I1＝I2，U1>U2，故 AD 正确．
C．由 E＝ U 知细棒内的场强 E1 大于粗棒内的场强 E2，所以 C 正确． d
B．又由 I＝neSv 可知，两段铜棒 I、n、e 相同，而 S1<S2，故自由电子定向移动速度 v1>v2，所以 B 错误； 故选 ACD． 【点睛】 本题考查串并联的电流、电压规律及欧姆定律等内容；同时要注意明确在导体中形成了沿 导线的电场，U=Ed 在这里同样适用．
故选 A。
9．小灯泡通电后其电流 I 随所加电压 U 变化的图线如图所示，P 为图线上一点，PN 为图线 的切线，PQ 为 U 轴的垂线，PM 为 I 轴的垂线．则下列说法中正确的是（ ）
A．随着所加电压的增大，小灯泡的电阻不变
B．随着所加电压的增大，小灯泡的电阻减小
C．对应
P
点，小灯泡的电阻为
R
【解析】 【分析】 考查电流的形成。 【详解】 AB．若线圈加速转动，由于惯性，自由电子相对正离子晶格向与线圈转动方向相反的方向 转动，电流方向与电子相对运动方向相反，即与线圈转动方向相同，F1 与线圈角速度的变 化率 α 成正比，α 越大，F1 越大，F1 和 F2 会达到平衡，F1 越大，F2 越大，F2 与自由电子相 对正离子晶格的速度成正比，F2 越大，相对正离子晶格的速度越大，电流越大，A 正确，B 错误； CD．若线圈减速转动，由于惯性，自由电子相对正离子晶格向与线圈转动方向相同的方向 转动，电流方向与电子相对运动方向相反，即与线圈转动方向相反，F1 与线圈角速度的变 化率 α 成正比，α 越大，F1 越大，F1 和 F2 会达到平衡，F1 越大，F2 越大，F2 与自由电子相 对正离子晶格的速度成正比，F2 越大，相对正离子晶格的速度越大，电流越大，CD 错误。 故选 A。
故选 D.
6．雷击，指打雷时电流通过人、畜、树木、建筑物等而造成杀伤或破坏，其中一种雷击形
式是带电的云层与大地上某点之间发生迅猛的放电现象，叫作“直击雷”。若某次发生
“直击雷”前瞬间云层所带的电荷量为 8C，雷击时放电时间为 200 μs ，则此次雷击时的平
均电流为
A．0. 04A
B． 4104 A
12．如图所示，经过精确校准的电压表 V1 和 V2，分别用来测量某线路中电阻 R 两端 a、b 间的电压时，读数依次为 12.7 V 和 12.3 V，则( )
A．a、b 间的实际电压略大于 12.7 V B．a、b 间的实际电压略小于 12.7 V
C．电压表 V1 的内阻大于 V2 的内阻 D．电压表 V1 的内阻小于 V2 的内阻 【答案】AC 【解析】 【详解】 AB. 由于电压表不是理想电表（内阻不是无穷大），当 a、b 两端接入电压表后，电阻 R 与 电压表的并联电阻小于电阻 R，根据欧姆定律和串并联规律可知，电阻 R 与电压表的并联 总电压小于电阻 R 的实际电压，即 a、b 两端实际电压将大于电压表的示数，当然大于电 压表 V1 的示数，即 a、b 间的实际电压略大于 12.7 V，故 A 项正确，B 项错误； CD. 根据欧姆定律可知，若电压表的内阻越大，电压表与 R 的并联电阻就越大，电压表的 示数也越大，即电压表 V1 的内阻大于电压 V2 的内阻，故 C 项正确，D 项错误。
题意的；
B．根据电阻定律:
R L L2 SV
当把 R1 拉长到原来的 3 倍,则电阻变为原来的 9 倍,因此是 R2 的 3 倍,所以 B 选项是不符合题
意的;
C．串联电路电流相等,所以将 R1 与 R2 串联后接于电源上,电流比：
根据公式 P I 2R 可知：
所以 C 选项是符合题意的；
3．如图所示，图线表示的导体的电阻为 R1，图线 2 表示的导体的电阻为 R2，则下列说法 正确的是（ ）
A．R1：R2=3：1 B．把 R1 拉长到原来的 3 倍长后电阻等于 R2 C．将 R1 与 R2 串联后接于电源上，则功率之比 P1：P2=1：3 D．将 R1 与 R2 并联后接于电源上，则电流比 I1：I2=1：3 【答案】C
A．a 和 b
B．c
C．d
D．e
【答案】D
【解析】
【详解】
由图可知， a 和 b 并联后与 e 串联，最后跟 c 和 d 的串联电路并联，设电阻都为 R ，则 c
和 d 的电压都为 U ； a 和 b 并联电阻为 R ，所以 a 和 b 的电压都为 U ， e 的电压为
2
2
3
2U ，所以 e 的电压最大，所以随着电压U 升高时，先烧坏的电阻应是 e ； 3
高中物理必修第 3 册第十一章 电路及其应用试卷测试题（Word 版 含解析）
一、第十一章 电路及其应用选择题易错题培优（难）
1．两个定值电阻 R1、R2 串联后接在输出电压 U 恒为 10 V 的直流电源上，有人把一个电压 表并联在 R1 两端（如图），电压表的示数为 6V，如果将电表改接在 R2 两端，则电压表的 示数将（ ）
8．一电流表串联一个分压电阻后就改装成一个电压表，当把它和标准电压表并联后去测某 电路中的电压时，发现标准表读数为 2V 时，而改装表的读数为 2.1V .为了使它的读数准 确，应( ) A．在原分压电阻上再串联一个较小的电阻 B．在原分压电阻上再并联一个较大的电阻 C．在原分压电阻上再串联一个较大的电阻 D．在原分压电阻上再并联一个较小的电阻 【答案】A 【解析】 【详解】 两电压表并联，通过它们的电压相等，标准表读数为 2V 时，而改装表的读数为 2.1V，说 明改装后的电压表串联的电阻稍小，而导致电流稍大；为校准电压表，应使串联的电阻阻 值稍微增大，可以在原分压电阻上再串联一个较小的电阻，故 A 正确，B、C、D 错误．
AB．安培表 A1、A2 并联，电压相同，表头的电流，指针偏转角度相同，由于安培表 A1 的 量程大于 A2 的量程，则安培表 A1 的读数大于安培表 A2 的读数。故 AB 错误。 CD．伏特表 V1 与 V2 串联，流过表头的电流相同，指针偏转的角度相同，由于伏特表 V1 的 量程大于 V2 的量程，则伏特表 V1 的读数大于伏特表 V2 的读数。故 C 错误，D 正确。
由于
解得
Ue 1 mv2 2
I neSv
n I m eS 2eU
A． I 2U ，与结论不相符，选项 A 错误； eS m
B． I m ，与结论不相符，选项 B 错误； eS eU
C． I 2eU ，与结论不相符，选项 C 错误； eS m
D． I m ，与结论相符，选项 D 正确； eS 2eU
用，注意串联电路总电压等于个元件电压之和，并且要注意并联电路的电阻计算；此题是
基础题，考查电压表对接入电路的影响.
2．1916 年，斯泰瓦和托尔曼发现，不带电闭合金属圆线圈绕通过圆心且垂直于线圈平面 的轴转动，在转速变化时，线圈中会有电流通过。这一现象可解释为：当线圈转速变化 时，由于惯性，自由电子与线圈有相对运动。取金属线圈为参照物，正离子晶格相对静 止，由于惯性影响，可等效为自由电子受到 一个沿线圈切线方向的“力”F1，但正离子晶格 对自由电子的作用力 F2 不允许自由电子无限制地增大速度， F1 和 F2 会达到平衡，其效果 是自由电子相对金属线圈有定向运动。已知 F1 与线圈角速度的变化率 α 成正比，F2 与自由 电子相对正离子晶格的速度成正比。下列说法正确的是（ ） A．若线圈加速转动，α 越大，电流越大，且方向与线圈转动方向相同 B．若线圈加速转动，α 越大，电流越小，且方向与线圈转动方向相反 C．若线圈减速转动，α 越大，电流越大，且方向与线圈转动方向相同 D．若线圈减速转动，α 越大，电流越小，且方向与线圈转动方向相反 【答案】A