第五章同余方程本章主要介绍同余方程的基础知识，并介绍几类特殊的同余方程的解法。
第一节同余方程的基本概念本节要介绍同余方程的基本概念及一次同余方程。
在本章中，总假定m是正整数。
定义1设f(x) = a n x n a1x a0是整系数多项式，称f(x) 0 (mod m) (1)是关于未知数x的模m的同余方程，简称为模m的同余方程。
若a n≡/0 (mod m)，则称为n次同余方程。
定义2设x0是整数，当x= x0时式(1)成立，则称x0是同余方程(1)的解。
凡对于模m同余的解，被视为同一个解。
同余方程(1)的解数是指它的关于模m互不同余的所有解的个数，也即在模m的一个完全剩余系中的解的个数。
由定义2，同余方程(1)的解数不超过m。
定理1下面的结论成立：(ⅰ) 设b(x)是整系数多项式，则同余方程(1)与f(x) b(x) b(x) (mod m)等价；(ⅱ) 设b是整数，(b, m) = 1，则同余方程(1)与bf(x) 0 (mod m)等价；(ⅲ) 设m是素数，f(x) = g(x)h(x)，g(x)与h(x)都是整系数多项式，又设x0是同余方程(1)的解，则x0必是同余方程g(x) 0 (mod m) 或h(x) 0 (mod m)的解。
证明 留做习题。
下面，我们来研究一次同余方程的解。
定理2 设a ，b 是整数，a ≡/0 (mod m )。
则同余方程ax b (mod m ) (2)有解的充要条件是(a , m )b 。
若有解，则恰有d = (a , m )个解。
证明 显然，同余方程(2)等价于不定方程ax my = b ， (3)因此，第一个结论可由第四章第一节定理1得出。
若同余方程(2)有解x 0，则存在y 0，使得x 0与y 0是方程(3)的解，此时，方程(3)的全部解是⎪⎪⎩⎪⎪⎨⎧-=+=t m a a y y t m a m x x ),(),(00，t Z 。
(4) 由式(4)所确定的x 都满足方程(2)。
记d = (a , m )，以及t = dq r ，q Z ，r = 0, 1, 2, , d 1，则x = x 0 qm r dm x r d m +≡0(mod m )，0 r d 1。
容易验证，当r = 0, 1, 2, , d 1时，相应的解dm d x d m x d m x x )1(20000-+++，，，，Λ 对于模m 是两两不同余的，所以同余方程(2)恰有d 个解。
证毕。
在定理的证明中，同时给出了解方程(2)的方法，但是，对于具体的方程(2)，常常可采用不同的方法去解。
例1 设(a , m ) = 1，又设存在整数y ，使得a b ym ，则x aym b +(mod m ) 是方程(2)的解。
解 直接验算，有ax b ym b (mod m )。
注：例1说明，求方程(2)的解可以转化为求方程my b (mod a ) (5)的解，这有两个便利之处：第一，将一个对于大模m 的同余方程转化为一个对于小模a 的同余方程，因此有可能通过对模a 的完全剩余系进行逐个验证，以求出方程(5)和(2)的解；第二，设m r (mod a )，r < a ，则又可继续转化成一个对于更小的模r 的同余方程。
例2 解同余方程325x 20 (mod 161) (6)解 同余方程(6)即是3x 20 (mod 161)。
解同余方程161y 20 (mod 3)，2y 1 (mod 3)，得到y 2 (mod 3)，因此方程(6)的解是x 3161220⋅+= 114 (mod 161)。
例3 设a > 0，且(a , m ) = 1，a 1是m 对模a 的最小非负剩余，则同余方程 a 1x b ][am (mod m ) (7) 等价于同余方程(2)。
解 设x 是(2)的解，则由m =][am a a 1得到 ][][])[(1am b a m ax x a m a m x a -≡-≡-=(mod m )， 即x 是同余方程(7)的解。
但是由假设条件可知同余方程(2)与(7)都有且只有一个解。
所以这两个同余方程等价。
注：用本例的方法，可以将同余方程(2)转化成未知数的系数更小一些的同余方程，从而易于求解。
例4 解同余方程6x 7 (mod 23)。
解 由例3，依次得到6x 7 (mod 23) 5x 7 3 2 (mod 23)3x 2 4 8 (mod 23)2x 8(7) 10 (mod 23)x 5 (mod 23)。
例5 设(a , m ) = 1，并且有整数 > 0使得a 1 (mod m )，则同余方程(2)的解是x ba 1 (mod m )。
解 直接验证即可。
注：由例5及Euler 定理可知，若(a , m ) = 1，则x ba (m ) 1 (mod m )总是同余方程(2)的解。
例6 解同余方程81x 3 24x 2 5x 23 0 (mod 7)。
解 原同余方程即是3x 3 3x 2 2x 2 0 (mod 7)。
用x = 0，1，2，3逐个代入验证，得到它的解是x 1 1，x 2 2，x 3 2 (mod 7)。
注：本例使用的是最基本的解同余方程的方法，一般说来，它的计算量太大，不实用。
例7 解同余方程组⎩⎨⎧≡-≡+)7(mod 232)7(mod 153y x y x 。
(8) 解 将(8)的前一式乘以2后一式乘以3再相减得到19y 4 (mod 7)，5y 4 (mod 7)，y 2 (mod 7)。
再代入(8)的前一式得到3x 10 1 (mod 7)，x 4 (mod 7)。
即同余方程组(8)的解是x 4，y 2 (mod 7)。
例8 设a 1，a 2是整数，m 1，m 2是正整数，证明：同余方程组⎩⎨⎧≡≡)(mod )(mod 2211m a x m a x (9)有解的充要条件是a 1 a 2 (mod (m 1, m 2))。
(10)若有解，则对模[m 1, m 2]是唯一的，即若x 1与x 2都是同余方程组(9)的解，则x 1 x 2 (mod [m 1, m 2])。
(11)解 必要性是显然的。
下面证明充分性。
若式(10)成立，由定理2，同余方程m 2y a 1 a 2 (mod m 1)有解y y 0 (mod m 1)，记x 0 = a 2 m 2y 0，则x 0 a 2 (mod m 2)并且x 0 = a 2 m 2y 0 a 2 a 1 a 2 a 1 (mod m 1)，因此x 0是同余方程组的解。
若x 1与x 2都是方程组(9)的解，则x 1 x 2 (mod m 1)，x 1 x 2 (mod m 2)，由同余的基本性质，得到式(11)。
习 题 一1. 证明定理1。
2. 解同余方程：(ⅰ) 31x 5 (mod 17)；(ⅱ) 3215x 160 (mod 235)。
3. 解同余方程组：⎩⎨⎧≡-≡+)47(mod 10)47(mod 3853y x y x 。
4. 设p 是素数，0 < a < p ，证明： !)1()2)(1()1(1a a p p pb x a +-⋅⋅⋅---≡-(mod p )。
是同余方程ax b (mod p )的解。
5. 证明：同余方程a 1x 1 a 2x 2 a n x n b (mod m )有解的充要条件是(a 1, a 2, , a n , m ) = d b 。
若有解，则恰有d m n 1个解，mod m 。
6. 解同余方程：2x 7y 5 (mod 12)。
第二节 孙子定理本节要讨论同余方程组⎪⎪⎩⎪⎪⎨⎧≡≡≡)(mod )(mod )(mod 2211k k m a x m a x m a x ΛΛ 。
(1) 在第一节的例题中，我们已讨论了k = 2的情形。
下面考察一般情形。
定理1(孙子定理) 设m 1, m 2, , m k 是正整数，(m i , m j ) = 1， 1 i , j k ，i j 。
(2)记m = m 1m 2m k ，M i =im m ， 1 i k ， 则存在整数M i （1 i k ），使得 M i M i 1 (mod m i )， (3) M i M i 0 (mod m i )，1 j k ，i j ， (4) 并且i ki i i M M a x '≡∑=10(mod m ) (5)是同余方程组(1)对模m 的唯一解，即若有x 使方程组(1)成立，则x x 0 (mod m )。
(6)证明 由式(2)，有(M i , m i ) = 1，因此利用辗转相除法可以求出M i 与y i ，使得 M i M i y i m i = 1，即M i 满足式(3)和式(4)。
由式(3)与式(4)，对于1 i k ，有x 0 a i M i M i a i (mod m i )，1 i k 。
若x 也使式(1)成立，则x x 0 (mod m i )， 1 i k ，因此x x 0 (mod [m 1, m 2, , m k ])。
但是，由式(2)可知[m 1, m 2, , m k ] = m ，这就证明了式(6)。
证毕。
定理2 在定理1的条件下，若式(1)中的a 1, a 2, , a k 分别通过模m 1, m 2, , m k 的完全剩余系，则式(5)中的x 0通过模m 1m 2m k 的完全剩余系。
证明 这是第二章第二节习题6的特例。
证毕。
定理3 同余方程组(1)有解的充要条件是a i a j (mod (m i , m j ))， 1 i , j n 。
(7)证明 必要性是显然的。
下面证明充分性。
当n = 2时，由第一节例8可知充分性成立。
假设充分性当n = k 时成立。
假设式(7)当n = k 1时成立。
我们来考虑同余方程组x a i (mod m i )， 1 i k 1。
由第一节例8，存在b k ，使得x b k (mod [m k ，m k +1])满足同余方程组x a k (mod m k )，x a k + 1 (mod m k + 1)。
在同余方程组⎪⎪⎩⎪⎪⎨⎧≡≡≡+--]),[(mod )(mod )(mod 11111k k k k m m b x m a x m a x ΛΛ 中，由式(7)有a i a j (mod (m i , m j ))， 1 i , j k 1，因此，若能证明a ib k (mod (m i , [m k , m k +1]))， 1 i k 1。
(8) 则由归纳假设就可以证明充分性。
由b k 的定义，有a kb k (mod m k )，a k + 1 b k (mod m k + 1) (9)而且，由于假设式(7)当n = k 1时成立，所以，对于 1 i k1有a i a k (mod (m i , m k ))，a i a k + 1 (mod (m i , m k + 1))，由此及式(9)得到，对于 1 i k 1，有a ib k (mod (m i , m k ))，a i b k (mod (m i , m k + 1))。