江苏南通通州政协高考复读中心2007-2008学年度高考模拟试卷92007—2008学年度高三物理模拟试卷九第I卷（选择题共50分）一、选择题（本大题共10个小题，每个小题5分，共50分。

在每个小题给出的四个选项中，有的小题只有一个选项正确，有的小题有多个选项正确。

全部选对的得5分，选对但不全的得2分，错选或不选的得0分）1．以下关于分子动理论、热和功的一些说法中正确的是Ａ．某一物体吸收热量，其内能一定增加Ｂ．温度升高，所有分子的动能都变大Ｃ．一定质量0°C的冰熔化成0°C的水时，内能的增加表现在分子势能的增加Ｄ．温度降低，物质分子运动的剧烈程度减弱，当Ｔ＝０Ｋ时，所有分子停止运动2．美国的全球卫星定位系统（简称GPS）由24颗卫星组成，卫星分布在等分地球的６个轨道平面上，每个轨道上又分布有４颗卫星，这些卫星距地面的高度均为20000km．我国自行建立的“北斗一号”卫星定位系统由三颗卫星组成，三颗卫星都定位在距地面36000km的地球同步轨道上．比较这些卫星，下列说法中正确的是Ａ．“北斗一号”系统中的三颗卫星的质量必须相同，否则它们不能定位在同一轨道上Ｂ．GPS 的卫星较“北斗一号”的卫星周期更长Ｃ．GPS 的卫星较“北斗一号”的卫星有更大的加速度Ｄ．GPS 的卫星较“北斗一号”的卫星有较小的运行速度3．很细的一束光沿AO 方向入射到玻璃砖侧面上的Ｏ点，进入玻璃砖后分成Ⅰ、Ⅱ两束，部分光路如图所示．以下分析中正确的是 Ａ．光束Ⅰ在玻璃中的折射率大Ｂ．光束Ⅰ在玻璃中的传播速度小Ｃ．逐渐增大入射角i ，光束Ⅱ在玻璃砖的上表面先发生全反射Ｄ．如果光束Ⅱ能使某金属发生光电效应，那么光束Ⅰ也一定能使这种金属发生光电效应4．如图为一向右传播的简谐横的波形图，Ａ是波中的一个质点，已知波的周期为1.2s ，则从该时刻起至Ａ点第一次－－到达波谷所经历的时间为Ａ．１sＢ．0.2sＣ．1.05sＤ．0.15s5．如图所示，理想变压器原副线圈的匝数比为10∶１，b 是原线圈的中心抽头，伏特表和安培表均为理想表，除Ｒ以外其余电阻不计．从某时刻开始在原线圈两端加上交变电压，其瞬时值表达式为u 1=220 2 sin100 t V ．下列说法中正确的是Ａ．t=1600s 时，ac 两点电压瞬时值为110VＢ．t=1600s 时，电压表的读数为22VＣ．滑动变阻器触片向上移，伏特表和安培表的示数均变大Ｄ．单刀双掷开关由a 搬向b ，伏特表和安培表的示数均变小6．如图，为了把一个大小可Cu 1 a b c n 1：R忽略的铁块移上台阶，可以采用两种方法：①先用水平力将其沿地面缓慢推到Ｂ，再从Ｂ缓慢搬到Ｃ；②在ＡＣ间架设一个木板，用与木板平行的力将铁块沿木板缓慢推到Ｃ．设铁块和地面、木板的动摩擦因数相等，两个过程人对铁块做的功分别为Ｗ１和Ｗ２，则Ａ．Ｗ１＞Ｗ２ Ｂ．Ｗ１＜Ｗ２ Ｃ．Ｗ１＝Ｗ２ Ｄ．缺少具体数据，无法比较Ｗ１、Ｗ２的大小7．在足够大的匀强磁场中，静止的钠的同位素Na 2411发生衰变，沿与磁场垂直的方向释放出一个粒子后，变为一个新核．新核与放出粒子在磁场中运动的径迹均为圆，如图所示．①新核为Mg 2412②发生的是α衰变③轨迹１是新核的径迹④新核沿逆时针方向旋转以上观点均正确的组合是 Ａ．①③ Ｂ．②④ Ｃ．②③Ｄ．①④8．Ａ、Ｂ、Ｃ、Ｄ四个完全相同的小球等间距地分布在× × × × × × × × × × × × × × × × × × × × × × × × × × × × × × × × × × × ×２ １ • • • Ａ Ｂ Ｃ Ｄ一条竖直直线上，相邻两球的距离等于Ａ球到地面的距离．现让四球以相同的水平速度同时抛出，不考虑空气阻力的影响，下列说法正确的是Ａ．Ａ球落地前，四球分布在一条竖直线上，落地间隔相等Ｂ．Ａ球落地前，四球分布在一条竖直线上，Ａ、B落地点间隔小于C、D落地点间隔Ｃ．Ａ球落地前，四球分布在一条竖直线上，A、B落地时间间隔大于C、D落地时间间隔Ｄ．Ａ球落地前，四球分布在一条抛物线上，Ａ、B落地点间隔大于C、D落地点间隔9．α粒子（42He）和质子（11H）以相同速度垂直于电场线方向进入同一偏转电场，则在通过偏转电场的过程中A.它们在电场中的运动时间相等B.它们在电场中的偏转距离相等C.它们在电场中所受冲量相等D.电场力对它们做的功相等10.一轻质弹簧，上端悬挂于天花板，下端系一质量为M的平板，处在平衡状态.一质量为m的均匀环套在弹簧外，与平板的距离为h，如图所示，让环自由下落，撞击平板.已知碰后环与板以相同的速度向下运动，使弹簧伸长A.若碰撞时间极短，则碰撞过程中环与板的总动量守恒B.若碰撞时间极短，则碰撞过程中环与板的总机械能守恒C.环撞击板后，板的新的平衡位置与h的大小无关D.在碰后板和环一起下落的过程中，它们减少的动能等于克服弹簧力所做的功第Ⅱ卷（非选择题，共70分）注意事项：1．第Ⅱ卷用钢笔或圆珠笔直接答在试题卷中（除题目有特殊规定外）。

2．答卷前将密封线内项目填写清楚。

二、实验题：（本题共2小题，共18分，把答案填在题中的横线上或按题目要求作答）11．（8分）（1）在＂验证力的平行四边形定则＂的实验中，首先用两个弹簧称分别勾住绳套，在保证弹簧称与木板平行的条件下，互成角度地拉长橡皮条，使结点到达Ｏ点，用铅笔记下Ｏ点位置及两细绳的方向，如图中的ＯＡ、ＯＢ方向，读出两弹簧称的示数ＦＯＡ＝2.7N、ＦＯＢ＝3.3N．①根据平行四边形定则，在图中利用图示法求出ＦＯＡ与ＦＯＢ的合力，其大小Ｆ＝＿②为了完成本实验，还要进行的一项关键操作是，在本操作中需要记录的是和12．（10分）有一小灯泡，标有＂10V2W＂，现用如图甲所示的电路，测定它在不同电压下的实际功率与电压间的关系．实验中需要测定通过小灯泡的电流和它两端的电压．现备有下列器材：Ａ．直流电源，电动势12V ，内电阻不计 Ｂ．直流电流表，量程0.6A ，内阻约为0.1Ω Ｃ．直流电流表，量程300mA ，内阻约为5ΩＤ．直流电压表，量程15V ，内阻约为15k Ω Ｅ．滑动变阻器，最大电阻5Ω，额定电流2AＦ．滑动变阻器，最大电阻1k Ω，额定电流0.5AＧ．开关，导线若干①为了尽可能提高实验精度，实验中所选电流表为＿＿＿＿＿＿，所选滑动变阻器为＿＿＿＿＿＿（只填所列选项前的字母）②图甲中电压表末接入电路的一端应接于＿＿＿＿＿＿点（填＂a ＂或＂b ＂）③根据完善后的电路图，将图乙中所给实物连 E+图乙成实验电路．三、计算题：本题共4小题，共52分。

解答应写出必要的文字说明、方程式和重要演算步骤，只写出最后答案的不能得分。

有数值计算的题，答案中必须明确写出数值和单位13．（15分）如图所示，质量M=4kg的滑板B 静止放在光滑水平面上，其右端固定一根轻质弹簧，弹簧的自由端C到滑板左端的距离L = 0.5m，这段滑板与木块A之间的动摩擦因数＝0.2，而弹簧自由端C到弹簧固定端D所对应的滑板上表面光滑．可视为质点的小木块A以速度μ＝0.2，由滑板B左端开始沿滑板B表面向右运动．已知A的质量m = l kg，g 取10m/ s 2 。

求：（1）弹簧被压缩到最短时木块A 的速度；（2）木块A 压缩弹簧过程中弹簧的最大弹性势能．14．（17分）如图1所示，空间存在B =0.5T ，方向竖直的匀强磁场，MN 、PQ 是水平放置的平行长直导轨，其间距L =0.2m ，R 是连在导轨一端的电阻，ab 是跨接在导轨上质量m =0.1kg 的导体棒。

从零时刻开始，对ab 施加一个大小为F =0.45N ，方向水平向左的恒定拉力，使其从静止开始沿导轨滑动，过程中棒始终保持与导轨垂直且良好接触，图2是棒的速度--时间图像，其中AO 是图像在O 点的切线，AB 是图像的渐近线。

（1） 除R 以外，其余部分的电阻均不计，求的阻值。

（2） 当棒的位移为100m 时，其速度a已经达到了最大速度10m/s ，求在此过程中电阻上产生的热量。

15．（20分）赤道上靠近地面处的地磁场可以看成水平方向的匀强磁场，现用图示的电子束演示仪粗测该处地磁场的磁感应强度。

演示仪的主体是一个真空管，Ｐ是灯丝，可以产生初速度很小的电子，ＰＱ的间距很小，ＰＱ间的加速电压为Ｕ，ＭＮ是荧光屏，Ｑ到ＭＮ的距离为a ．实验中首先调整演示仪的方向使加速后的电子沿地Ｑ Ｐ Ｓ磁场的方向从电场中射出，此时电子束打在Ｓ点；将演示仪在水平面内沿从上向下看为顺时针的方向旋转90°，结果电子打在屏上的Ｓ′点．（１）通过分析确定Ｓ′在Ｓ的哪个方向．（２）若测得ＳＳ′的间距为b，已知电子质量为m，电量为e重力不计，请推导地磁场的磁感应强度大小的表达式．物理参考答案一.选择题（50分）1．C 2．D 3．C 4．B 5．B 6．C 7．D 8．C 9. AD 10. AC二．实验题（18分）11．①4.4N至5.2N均给分（2分）（图2分，从略）②只用一个弹簧称将橡皮条的节点拉到同一位置O点（2分），弹簧称的示数，拉力的方向（每空1分）12．①C ，E （4分）②b （2分）③ 图4分，从略，有错误就不给分三.计算题13．(1)弹簧被压缩到最短时，木块A 与滑板B 具有相同的速度，设为V ，从木块A 开始沿滑板B 表面向右运动至弹簧被压缩到最短的过程中，A 、B 系统的动量守恒：mV 0＝(M+m)V ①m M mV V +=0②木块A 的速度：V ＝2m/s③ (2)木块A 压缩弹簧过程中，弹簧被压缩到最短时，弹簧的弹性势能最大。

由能量关系，最大弹性势能：mgL v m M mv E P μ-+-=220)(2121 ④E P ＝39J⑤评分标准：本题15分．①、②式各4分，③式2分；④式3分，⑤式2分．14．棒在0时刻受到拉力F 和摩擦力f 的作用,此时的加速度等于直线AO 的斜率.据牛顿第二定律 ma f F =- ①又 2/5.24/10s m a == ②由以上两式得N f 2.0= ③ 设当棒达到最大速度v 时,电动势为E ,电流为I ,棒受到的安培力为F 安,则BLvE = ④ R E I /= ⑤ BILF =安 ⑥此时棒处在平衡状态安F f F += ⑦ 由③--⑦得 Ω=4.0R⑧ (1) 电阻上产生的热量等于过程中导体棒克服安培力所的功W 对棒应用动能定理221mv W fS FS =-- ⑨ 带入数据得J W 20=⑩ 过程中电阻上产生的热量为20J评分标准: 共17分,②③⑤⑧式各1分,其余每式2分15.⑴旋转后电子的初速度与地磁场的方向垂直，在与地磁场垂直的平面内沿圆弧运动，Ｓ′应在Ｓ的正下方．⑵旋转后，电子的运动轨迹如图所示，设轨道半径为Ｒ（R －b ）2＋a 2=R 2 ① 电子经加速电场所获得的速度为veU=12mv 2 ② 洛仑兹力提供做圆周运动的向心力，高地磁场磁感应强度大小为ＢＢev=m v 2R③ 由以上三式解得B=2b b 2＋a 2 2Um e④评分标准:共20分,第一问6分,①式5分,②③④式各3分。