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初中物理电与磁测试卷(含答案)

初中物理电与磁测试卷(含答案)一、选择题1.在下面四幅图中,图文相符的是()A. 电动机利用图示原理制成的B. 电铃是电流的磁效应工作的C. 发电机是利用图示原理制成的D. 扬声器是把声信号转换成电信号【答案】 B【解析】【解答】A. 图中导体切割磁感线运动时,产生电流,是电磁感应现象,发电机利用图示原理制成的,A不符合题意;B. 图中的电铃主要工作部分是电磁铁,利用电流的磁效应工作,B符合题意;C. 图演示的是磁场对电流的作用力,电动机是利用图示原理制成的,C不符合题意;D. 如图的扬声器工作时,将电信号转换成声音,D不符合题意;故答案为:B。

【分析】磁场对电流的作用:通电导线在磁场中要受到磁力的作用.是由电能转化为机械能.应用是制成电动机.电磁铁的特点:①磁性的有无可由电流的通断来控制;②磁性的强弱可由改变电流大小和线圈的匝数来调节;③磁极可由电流方向来改变.发电机的原理是根据电磁感应现象(电磁感应:闭合电路的一部分导体在磁场中做切割磁感线运动时,导体中就产生电流,这种现象叫电磁感应,产生的电流叫感应电流)制成的.2.如图是“水位自动报警器”电路图,容器中装有盐水,和分别是“2.5V,0.3A”和“2.5V,0.5A”的灯泡,下列说法不正确的是()A. 液面上升到与金属块B接触时,电磁铁工作,说明盐水是导体B. 液面上升,金属块A受到的液体压强变大C. 工作1min电流做功45JD. 若在电路中M点接入电铃,则电铃响说明水位到达警戒线【答案】D【解析】【解答】A.液面上升到与金属块B接触,电磁铁、U1、金属块A、金属块B构成了闭合回路,电磁铁工作,说明盐水可以允许电流通过,盐水是导体,A不符合题意;B.盐水密度不变,由公式p=ρgh知,当液面上升,盐水深度增加时,金属块A受到的液体压强变大,B不符合题意;C、工作1min电流做功W=UIt=2.5V×0.3A×60s=45J,C不符合题意;D、由图知,如果将电铃接在M点,电铃与两只灯泡都是串联,所以无论水位是否达到警戒线,电铃能发生,D错误,符合题意.故答案为:D【分析】在液体密度一定时,液体压强随深度的增加而增大;利用公式W=UIt得到电流做的功;串联电路用电器工作过程中互相影响,并联电路用电器工作过程中互不影响.3.如图所示,是某保密室的防盗报警电路,当有人闯入保密室时会使开关S闭合.下列说法正确的是()A. 电磁继电器与发电机工作原理相同B. 电磁继电器与电动机工作原理相同C. 电磁铁工作时,上端为S极D. 当有人闯入保密室时,b灯亮【答案】D【解析】【解答】解:AB、电磁继电器是利用电流的磁效应工作的,发电机是利用电磁感应原理制成的,电动机是根据通电线圈在磁场中受力而转动工作的,故AB错误;C、根据安培定则可知,电磁铁工作时,上端为N极,故C错误;D、当有人闯入保密室时会使开关S闭合,电磁铁有磁性,吸引衔铁,电灯b所在电路接通,b灯亮,故D正确.故选D.【分析】(1)电磁继电器是利用电流的磁效应工作的,发电机是利用电磁感应原理制成的,电动机是根据通电线圈在磁场中受力而转动;(2)根据安培定则判断电磁铁的NS 极;(3)电磁继电器的工作原理,当控制电路接通时,电磁铁有磁性,衔铁被吸下;当控制电路断开时,电磁铁无磁性,衔铁在弹簧的作用下被拉起,结合实际情况进行分析.4.电磁炮是一种先进的动能杀伤武器,它是利用磁场对通电导体作用的原理,对金属炮弹进行加速,具有速度快、命中率高等待点。

下图中与此工作原理相同的是()A. B.C. D.【答案】 D【解析】【解答】解:A、图中实验装置,无电源,研究电磁感应现象,A不符合题意;B、图中实验为电流的磁效应,B不符合题意;C、图中的实验时探究带电体的性质,C不符合题意;D、图中实验装置,有电源,研究通电导体在磁场中受力,D符合题意。

故答案为:D。

【分析】电流存在着三种效应:(1)电流流过导体时导体发热,这种现象是电流的热效应.(2)电流流过导体时导体周围产生磁场,这种现象是电流的磁效应.(3)电流流过导体时导体发生化学变化,这种现象是电流的化学效应.5.如图所示,处于光滑水平面的小车上放有一条形磁铁,左侧有一螺线管,闭合开关S,下列判断正确的是()A. 小车受到电磁铁斥力作用,向右运动B. 小车受到电磁铁引力作用,向左运动C. 只将滑片P向右移动,电磁铁磁性增强D. 只将电源正负极交换,电磁铁磁性减弱【答案】B【解析】【解答】解:AB、电流从电源的正极流出,根据安培定则可知,通电螺线管的左端是N极,右端为S极,小车上的磁铁左端为N极,异名磁极相互吸引,小车受到了一个向左的吸引力,小车就会向左运动.故A错误,B正确;C、滑片P向右移动,连入电路的电阻增大,电源电压不变,电流减小.在线圈匝数和铁芯不变时,电流减小,电磁铁的磁性减弱.故C错误;D、把电源的正负极对调,将电源的正负极对调,可以改变电磁铁的极性,但不能改变磁性强弱,故D错误.故选B.【分析】(1)先根据安培定则(用右手握住螺线管,让四指指向螺线管中电流的方向,则大拇指所指的那端就是螺线管的N极)判断出通电螺线管的南北极,然后根据磁极间的相互作用(同名磁极相互排斥,异名磁极相互吸引)判断出小车的受力方向,从而得出小车的运动方向.(2)电磁铁磁性强弱的影响因素:电流大小、线圈匝数多少、有无铁芯.电流越大,匝数越多,有铁芯时电磁铁的磁性越强.6.下列对有关物理学家及其所做的实验表述不正确的是()A. 托里拆利实验精确地测出大气压的数值B. 奥斯特实验证明了电流周围存在磁场C. 法拉第通过实验研究了磁场对通电导线的作用D. 焦耳最先准确地确定了电流产生的热量跟电流、电阻和通电时间的关系【答案】 C【解析】【解答】解:A、1643年,意大利科学家托里拆利实验第一次精确地测出大气压的数值,p0=1.013×105Pa,故A正确;B、奥斯特发现了通电导体周围存在磁场,即电流的磁效应,是第一个发现电现象与磁现象之间有联系的人,故B正确;C、法拉第通过实验研究了电磁感应现象,从而使人类进入了电气化时代,故C不正确;D、在大量实验的基础上,英国物理学家焦耳找出了电流产生的热量与电流、电阻、通电时间的关系,即发现了焦耳定律,故D正确.故选:C.【分析】(1)世界上第一个准确测出大气压数值的科学家是托里拆利;(2)奥斯特发现了电流的磁效应;(3)法拉第发现了电磁感应现象;(4)英国物理学家焦耳通过一系列实验发现了焦耳定律.本题考查我们对一些重要的科学家及其贡献的了解和掌握,属于物理学常识,平时要注意物理学常识知识的积累.7.下列有关电和磁的说法正确的是()A. 奥斯持发现了电流的磁效应B. 磁体周围的磁场既看不见也摸不着,所以是不存在的C. 电动机是根据电磁感应原理制成的D. 电磁铁磁性的强弱只与线圈中电流的大小有关【答案】A【解析】【解答】解:A、奥斯特发现了电流的磁效应,故A正确;B、磁体周围的磁场虽然看不见也摸不着,但的确存在,故B错误;C、电磁感应现象是发电机的制作原理,而电动机的制作原理是通电线圈在磁场中受力转动,故C错误;D、电磁铁的磁性强弱与电流的强弱和线圈的匝数有关,故D错误.故选A.【分析】(1)奥斯特发现了电流的磁效应;(2)磁场看不见、摸不着但的确存在;(3)电动机工作原理是通电线圈在磁场中受力转动;(4)电磁铁的磁性强弱与电流的强弱和线圈的匝数有关.8.如图所示,一螺线管的右端放着一颗可自由转动的小磁针,闭合开关S前小磁针处于静止,闭合开关S后,小磁针的N极将()A. 向左偏转B. 向右偏转C. 仍然静止D. 无法判断【答案】 A【解析】【解答】解:从图可知,电流从螺线管的右端流入,左端流出,根据安培定则可知,螺线管左端是N 极,右端是S极;由于同名磁极相互排斥,异名磁极相互吸引,所以小磁针N极向左转动.故选A.【分析】首先由安培定则可以判断出螺线管的磁极,则由磁极间的相互作用可得出小磁针静止时的N、S极的指向.9.如图所示,小磁针静止在螺线管附近,闭合开关S后,下列判断正确的是()A. 通电螺线管的左端为N极B. 小磁针一直保持静止C. 小磁计的S极向右转动D. 通电螺线管外A点的磁场方向向左【答案】D【解析】【解答】解:A、由安培定则可知,右手握住螺线管,四指指向电流的方向,大拇指指向右端,则通电螺线管的右端为N极,故A错误;BC、通电螺线管的右端是N极,根据异名磁极相互吸引可知,小磁针的S极应靠近螺线管的右端,则小磁计的S极向左转动,小磁针会逆时针旋转,故小磁针不会静止,故BC错误;D、在磁体的外部,磁感线从N极指向S极,所以通电螺线管外A点的磁场方向向左,故D正确;故选D.【分析】(1)根据线圈的绕法和电流的方向,可以确定螺线管的NS极;(2)据磁感线的方向分析判断即可解决;(3)据磁体间的相互作用分析小磁针的运动方向.10.笔记本电脑发热会影响使用寿命.如图是一款笔记本电脑散热支架,通过导线与电脑连接时,五个风扇就转动起来,从而帮助电脑散热.下列分析正确的是()A. 风扇转动的原理是电磁感应B. 风扇之间一定串联C. 风扇在工作时主要将电能转化为内能D. 电脑是通过与空气之间的热传递来散热的【答案】 D【解析】【解答】解:A、电风扇的主要部件是电动机,电动机是利用通电导线在磁场中受磁场力的作用原理制成的,不是利用电磁感应原理制成的,故A错误;B、笔记本电脑散热支架上的五个风扇虽然能同时工作,但它们互不影响,能独立工作,其中的某个风扇坏了,其它风扇能正常工作,因此是并联的,故B错误;C、电风扇主要是电能转化成机械能,故C错误;D、电脑散热时,热量由电脑转移到空气中,是通过热传递来散热的,故D正确.故选D.【分析】(1)电动机是根据通电导线在磁场中受磁场力的作用原理制成的;(2)串联的各电路元件相互影响,各电路元件不能独立工作;并联的各电路元件互不影响,各电路元件能独立工作,据此分析答题;(3)电流做功的过程,实际上就是能量转化的过程,消耗电能转化成其它形式的能;(4)改变物体内能的方式有两种:做功和热传递,热传递过程是能量的转移过程,而做功过程是能量的转化过程.11.如图所示的用电器中,利用电动机工作的是()A. 电扇B. 电灯C. 电热水壶D. 电饭锅【答案】A【解析】【解答】解:A、电风扇核心部件是电动机,工作时主要把电能转化为机械能,是利用通电导体在磁场中受力运动制成的,故A正确;B、电灯工作时,主要把电能转化为内能,使灯丝温度升高达到白炽状态而发光,是利用电流的热效应工作的,故B错误;CD、电热水壶、电饭锅工作时,都把电能转化为内能,是利用电流的热效应工作的,故CD 错误.故选A.【分析】电动机是利用通电导体在磁场中受力运动制成的,在选项中找出反映这个原理的即可.12.下列教材中的探究实验,不需要控制电流一定的是()A. 探究导体电阻与长度的关系B. 探究通电导体产生的热量与电阻的关系C. 探究电功与电压的关系D. 探究电磁铁磁性强弱与线圈匝数的关系【答案】A【解析】【解答】解:A、电阻与导体的长度、材料、横截面积和温度有关,与电流大小无关,探究与长度的关系,不用控制电流一定,A正确;B、由Q=I2Rt可知,通电导体产生的热量与电路中的电流、导体的电阻和通电时间有关,要探究热量与电阻的关系,需控制电流和通电时间一定,B错误;C、由W=UIt可知,要探究电功与电压的关系,需使电流和通电时间一定,C错误;D、电磁铁磁性强弱与电流大小和线圈匝数有关,要探究电磁铁磁性强弱与线圈匝数的关系,需控制电路中的电流相同,D错误.故选A.【分析】若所探究的物理量与电流及其他因素有关,探究过程中需控制电流一定,根据各项分析即可得出结论.13.下列关于电和磁的说法正确的()A. 最早发现电流周围存在磁场的科学家是法拉第B. 磁体外部的磁感线总是从S极出发,回到N极C. 电动机是利用电磁感应现象制成的D. 发电机是利用电磁感应现象制成的【答案】D【解析】【解答】解:A、最早发现电流周围存在磁场的科学家是奥斯特,故A错误;B、磁体外部磁感线从N极出来回到S极,故B错误;C、电动机是根据通电线圈在磁场中受力转动原理制成,故C错误;D、发电机是根据电磁感应原理制成的,故D正确;故选D【分析】根据对电与磁的基础知识、结合电与磁重要试验的理解对下面的各个选项依次判断即可14.能源、信息和材料是现代社会发展的三大支柱,关于它们下列说法中正确的是()A. 光电池和VCD光碟都应用了磁性材料B. 核能是可再生能源C. 光导纤维是利用超声波来传递信息的D. 雷达是利用电磁波来进行定位和导航的【答案】D【解析】【解答】A、光电池利用的是光电效应,没有用到磁性材料;VCD光碟用激光在盘上烧刻出一道道的凹痕,凹进去的地方对光的反射和凸的地方对光的反射是不一样的,利用的也是光电效应,没有用到磁性材料,所以A是错误的;B、核能是不可再生能源,所以B是错误的;C、光导纤维是利用激光来传递信息的,所以C是错误的;D、雷达是利用电磁波来进行定位和导航的,所以D是正确的.故选D.【分析】A、录音带、录像带都是利用磁性材料来工作的,干电池和VCD光盘不是;B、核能不能短期内从自然界得到补充,是不可再生能源;C、光导纤维是利用频率比较高的激光来传递信息的;D、雷达就是利用电磁波来工作的.这是一道学科综合题,考查了磁性材料、不可再生能源、光纤通信、雷达.15.如图是机场的安检人员用手持金属探测器检查乘客的情景,当探测线圈靠近金属物体时,在金属物体中就会产生电流,如果能检测出这种变化,就可以判定探测线圈下面有金属物体了.图中能反映出金属探测器工作原理的是()A. B.C. D.【答案】 B【解析】【解答】解:当线圈靠近金属物体时,在金属物体中产生电流,相当于闭合电路的部分导体在切割磁感线,故在金属中会产生电流,故探测器应采用了电磁感应原理;A选项为探究电流的周围存在磁场的实验;B选项为探究电磁感应现象的实验;C为电流的磁效应实验;D为探究通电导体在磁场中受力的实验;故选B.【分析】由题意可知,探测器是将线圈靠近金属物体时,相当于闭合电路的部分导体在切割磁感线,从而产生了电流,则分析各实验现象可知能产生电流的选项.16.如图所示的几种电、磁现象中不正确的是()A. B. C. D.【答案】 D【解析】【解答】解:A、在磁体的外部,磁感线从磁体的北极出来,回到南极;所以A 正确.B、通电导体周围存在的磁场,而且磁场的方向与电流的方向有关,故将一小磁针放在通电导体周围时,小磁针会发生偏转,而且偏转方向的方向与电流的方向有关,故B正确.C、由于带电体上带的是正电荷,当与金属球靠近时,会发生电荷的转移,故与金属球相连的箔片也会带上正电荷;再根据同种电荷相互排斥的原理可以判断箔片将会张开,故C也正确.D、只有导体做切割磁感线运动时,才会产生感应电流,而图中导体运动时没有切割磁感线,所以不能产生感应电流,使电表偏转;故D错误.故选D.【分析】A、需要掌握磁感线的方向,知道在磁体的外部,磁感线从磁体的北极出来回到南极;B、根据电流的磁效应:通电导体周围存在的磁场,而且磁场的方向与电流的方向有关即可来判断B选项的正误;C、根据验电器的工作原理:同种电荷相互排斥即可判定C选项的正误;D、产生感应电流的条件:闭合电路的一部分导体在磁场中做切割磁感线运动;据此即可判断D的正误.17.如图所示,闭合开关后,将滑动变阻器的滑片向右滑动的过程中,下列说法正确的是()A. 电流表示数变小B. 电磁铁的磁性减弱C. 电路总电阻变小D. 弹簧测力计示数变大【答案】 D【解析】【解答】根据电路图,滑片向右滑动时,电阻减小,C不符合题意;则电流表示数变大,A不符合题意;电流变大时,电磁铁的磁性增强,B不符合题意;磁性增强的电磁铁对铁球的吸引力变大,弹簧测力计示数变大,D符合题意。

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