∴ 根据条件可以求得 : C∑ = C + Cob = 28pF,
g ∑ = g P + g ob + n 2 g L = 288µS
∴ Au 0 = n y fb g∑ = 17.4
g∑ ∴ BW = = 1.64MHz 2πC ∑
(注: 是共基极Y参数)
习题解答汇编
第3 章
3.1 解(1)
Po Po 5 ∵η c = = = = 60% PD U CC I c 0 24 × I c 0
= 43
f0 = = 10.8 Qe
习题解答汇编
C
I
' s
g
' s
ge0
L
g
' L
题1.2图
习题解答汇编 1.3 解：
' ∵ C2 = C2 + C L = 40pF
' C1C2 ∴ CΣ = C s + = 18.3pF ' C1 + C2
1 ∴ 谐振频率f 0 = = 41.6MHz 2 π LCΣ
BW =
允许最大
1 23
f0 −1 = 5.93kHz(Qe = 40) Qe
Qe =
1 23
−1
f0 BW '
= 23.7( BW ' = 10kHz)
习题解答汇编 2.5 解：
Au 2 = 10 2 = 100 ∴ BW2 = BW 2 − 1 = 2.57MHz
1 2
BW ' =
BW2' 2 −1
题2.3图
习题解答汇编
(2) ∵ g e 0 =
1 Q0 ω 0 L
= 35µS
2 2
∴ g Σ = g e 0 + g oe + n g ie = 410µS
2 (3) CΣ = C + Coe + n2 Cie
（4）Au 0 =
n1 n 2 y fe gΣ
= 27.4
1 n1 = 1, n2 = 4
∴ 可求得噪声系数 NF =
习题解答汇编 1.7 解:由各部分的关系我们可以知道,总的噪声系数
NF 2 − 1 NF 3 − 1 NF = NF1 + + , G PA 1 G PA 1 ⋅ G PA 2 1 而且因为 NF1 = G PA 1
从而可求得NF = 20
习题解答汇编 1.8 解: 我们可以分别求得各部分参数,再求总的噪声系数和信噪比.
∴ ∆PC = 3.328 − 1.24 = 2.088W
习题解答汇编 3.2 解:
1 2 ∵ Po = I c1m Re 2
∴ I c1m 2 Po 10 = = Re 53
∵ I c1m = I cmα1 (90 ),
又α1 (90 ) = 0.5
∴ I cm = 2 I c1m 10 =2 . 53
习题解答汇编
f0 30 × 10 6 ' (5) Qe = = = 3, ' 6 BW0.7 10 × 10
g =
' Σ
1 Q ω0 L
' e
= 1180 µS
' ∵ g p = g Σ − g Σ = 1180 − 410 = 770µS
∴ 两端并联电阻 1 Rp = = 1.3kΩ gp
习题解答汇编 2.4 解：总通频带
2 1
上式就是此 π 型网络必须满足的条件, R1可以大于RL,也 可以小于RL。
习题解答汇编 1.6 解: 先求额定功率增益
∵ G PA
PAO R2 RS = = PAi ( R1 + R S )( R1 + R 2 + R S ) 1 G PA ( R1 + R S ) 2 R1 =1+ + RS R2 RS
习题解答汇编
PC = PD − PO = 13.36 − 10.19 = 3.17 W
PO 10.19 ηc = = = 76% PD 13.36
2 PO 2 × 10.19 RΣ = 2 = = 22Ω 2 I c1m (0.96)
习题解答汇编 3.5 解: (1) 可改变 R∑ ↓→
负载线斜率 ↑→ U cm ↓, I c1m ↑, PO ↑, P01 > P00
习题解答汇编
sin( ) − cos( ) 2 2 2 =1 ∵ ∂ 0 (90 ) = π π π (1 − cos ) 2 2 10 ∴ I c 0 = I cm ∂ 0 (90 ) = π 53
π
π
π
∴ PD = U CC I c 0
2 10 = 24 × = 6.64 π 53
Po 5 ηc = = = 75.34% PD 6.64
g oe = 0.2mS,
yfe = 45mS, ϕ fe = −36.9° ,
yre = 0.31mS, ϕ re = −104.9 °
习题解答汇编 2.2 解：要正确理解各参数之间的关系。
5 5 ∵ n1 = = 0.25, n 2 = = 0.25 20 20
∴ g e0 =
1 Q0 ω 0 L
习题解答汇编
习题解答汇编
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习题解答汇编
第１章
1.1 解： （1）1—1端短接时，谐振电感
1 1 L= 2 = = 253µH 6 2 −12 ω0 C (2π ×10 ) ×100 ×10
习题解答汇编 （2）1－1端接时，因为
→
1 ↓, Re
则
PO ↑ .
3.7 解: 前者工作在欠压区,后者工作在过压区(Re相同) 若要增大前者功率,应该使或 U ↑ 或U ↑ bm BB
习题解答汇编
U cm 3.8 解: 因为 ξ = , 如果U cm 和U CC 不变, 则ξ也不变. U cc
∵ u BE max 不变, 所以I cm 不变, 所以仍然工作在临界状态..
R1 100 = R2 − R1 6
X 1 = X s = R1 ( R2 − R1 ) = 10 6
∴L =
X1
ω0
= 0.195µH,
1 C= = 195pF ω0 X 2
习题解答汇编 1.5 解:设计型匹配网络如题1.5图所示,其中
L1C1是增大网络 , L2C 2是减小网络 ．
令
Q2 =
R L − Re , Re
习题解答汇编
∵U cm
10 = I c1m R∑ = × 53 ≈ 23 53
23 ∴ξ＝ ≈ 0.96 24
习题解答汇编 3.3解: 解
1 I c1mU cm 1 α 1 (θ ) U cm ∵η = = × 2 I c 0U CC 2 α 0 (θ ) U CC
又三种情况下,均相同
∴η180 : η 90 : η 60
R e ( R1 − R e ) ,
Re 1 R1 = = R1 ω0C1 Q1 R1 − Re
习题解答汇编
∴ L1 =
Q1 R e
ω0
Q1 , C1 = , L = L1 + L 2 , ω 0 R1
(1 + Q 12 ) R L ∵ Q 22 = − 1 > 0, R1 R1 ∴Q > −1 RL
∴ I c 0 = 0.347 A
PC = PD − Po = 0.347 × 24 − 5 = 3.328
习题解答汇编 (2)
Po 5 ∵η C = = = 80%, U CC I c 0 24 × I c 0
∴ I co = 0.26 A
PC = PD − Po = 24 × 0.26 − 5 = 1.24 W
(3) 可改变 U BB
↓→ 负载线平行下移 → Po 略下降, P03 < P00
习题解答汇编 (4) 可改变 U bm
↓→ 负载线不变 → PO 略下降，
P04 < P00
(注: P00是原输出功率)
由上面分析,从(1)可得 U cm 而由(2)可得 U cm ↑,
↓, I c1m ↑,
I c1m ↑, 所以 P02 > P01 > P00
( )
∵ I c1m = α1 70 I cm = 0.436 × 2.2 = 0.96 A
( )
U cm = U CC − uce min
I cm 2.2 = U CC − = 24 − = 21.25V 0.8 g cr
1 1 ∴ PO = I c1mU cm = × 0.96 × 21.25 = 10.19 W 2 2
习题解答汇编 用作图比较的方法,易得 U cm 3略大于 U cm 4 , 但(3)时负载线平行下移,导通角减小, I c1m ↓ 所以
P03 < P04 ,
∴ P02 > P01 > P04 > P03
习题解答汇编 3.6 解: PO低而IC0略高,则η c 小，故工作在欠压状态. 可以使 Re ↑
= g1 180 : g1 90 : g1 60 = 1 : 1.57 : 1.8
(
) ( ) ( )
α 1 (180 ) α 1 (90 ) α 1 (60 = : : α 0 (180 ) α 0 (90 ) α 0 (60
) )
习题解答汇编
1 ∵ PO = I cmα 1 (θ )U cm 2
习题解答汇编 1.9 解: 按照题意,我们直接可以得到
E A = 4k ⋅ T0 ⋅ RA ⋅ BW ⋅ D ⋅ NF = 0.436µV
习题解答汇编
第2 章