1 解：已知： XF = 0.440, XD= 0.957, Xw = 0.0235, a = 2.5, q = I, R = 2Rmin ;
⇒ 1) q = I 时， q 线方程为 xq — XF = 0.440
颅
yq = (a-clu)xq+I = 0.663, 故
R ⇒ 1.32 = 环-y. = 0.957-0.663 =
K=0.023fx(气）08 (于）0.4
1)当Pi=2p, G=pu不变时，u不变，K不变，A也不变，因此姜－不变，故h不变；
⇒ 2)当亿=2G=2pu时，U2 =2u K2 =2°8 K, A不变，故h2 =1.74h, 传热系数增
加到原来的1.74倍；
3)当n3 =2n,
则有U3 =1/2u,
华南理工大学2018年攻读硕士学位研究生入学考试试卷答案
一． 选择题 1�6. ABABBC 7�13. ADDDBDA
3解析：对流干燥过程中，降速干燥阶段液体的蒸发速率与被干燥固体性质（如物料的湿含 量，物料的厚度或直径）有关 ；恒速干燥阶段液体的蒸发速率与干燥介质的性质（如空气流 速） 有关。 7解析：化工原理教材上册 P63 图 1-48。 8解析：C项传热热阻主要在空气侧，故需增大面积减少热阻， 而别的选项两侧的换热系数 数量级相当，而无需特别强化传热。翅片管加热器 一 般用于冷凝相变过程或者适用于两流体 对流传热系数差距大且系数较小的 一侧（化工原理教材上册 P196) 。 2007 年真题选填题第 15 题。
min
Yq -xq
0.663-0.440
R = 2.64
2)精溜段方程：
y n+I
=尘－
R+I
Xn
+ —RX+D－I =
0.725
xn +0.263
1
=卡江 告 =点了 = 提溜段方程： Ym+I
— Xw
）F Xm — V-(�q)F Xw
嚣） (R+
F Xm — (R+l�D-F XW
=I .34Ixm— 0.008 3)进料温度降低，q增大，提溜段操作线愈加偏离相平衡线（或愈加靠近对角线y=x)'传
Y2=�(1— 7J)'
-= L
片-Yi
V
X1-X2'
m=l .15
Ky=0.5kmol/(m2 -h), a=190m 2 Im3, u=0.5m Is ;
了三= 1)�= 1000;,:
0.0753, 故凡＝卢 X 0.67=0.544
⇒ 2)卡＝昙2 =1.677, V=譬(1— 量）=41.52kmolIh L=69.63kmol/h
Ne1 =p1 gQ凡=2796W>Ne有效 =Nex77=1616W, Ne1 =2796W<P=2.8kW,
故可知流量，扬程，电机容量能满足要求，轴功率不能满足要求。措施：由千笠－＝（于）3' 因此可通过提高转速来提高轴功率，从而达到所需要求。 2)p2 =800kg Im3, V2=39m3 Ih<39.6m3 Ih, H2=30m=2H, 则有
质推动力相对增大，塔顶易挥发组分 XD 将增大，塔盆易挥发组分 Xw 减小，则塔径增大；塔顶
回流液量L=(R+l)D不变，则塔顶冷凝器热负荷 不变；塔爸循环蒸汽消耗量
V'=V—(1— q)F增大，塔爸再沸器热负荷增大。 （类似题目近乎跨越所有年份） 4)降温、加压、增大吸收剂流量和采用化学吸收。
2解： 已知：逆流吸收， x2 =o,
4)卡=1.15时，S=l, 此时塔内任意截面都达到平衡，故增加填料层高度 不能使出口气 液两相平衡。 注： 2019年复试笔试考到第2道计算题目。 3解：已知：Q=39.6m3 Ih, H=15m, Ne=2.02kW, 7J=80%, 电机容量P=2.8kW, 转速n=1400r Imin ; 1)p1=1800kgl m3, Vi=38m3 lh<39.6m3 /h, H1=15m=H, 则有
2
Ne2 =P2 gQ几 = 2551W > Ne有效 = 1616W, Ne2 < P =2.8kW, 故可知流量，电机容量能满足要求，扬程与轴功率不能满足要求；措施：可串联一个相同 水泵，从而 H'=2H=30m=H2 满足要求。
4. (化原教材上册P158例4-8原题）解：已知： Q=KAL'ltm ⇒菱:=KA;
4. L2 · 矿，L2 . 矿；解析：质量M单位为kg, 长度L单位为 m, 温度T单位为K或者oc,
时间0单位为s或者h。分子扩散系数其值为物质在单位时间内、单位浓度梯度作用下、经 单位面积沿扩散方向传递的物质量，其单位为 m2 Is; 运动粘度其单位与分子扩散系数一致，
为 m2Is。
三．计算题
使得h3
=(监)o.s LI
h=0.5°8
=0.57h，传热系数降为原来的
0.57倍； 4)当于=0.5, 有A4 =0.25A, 于＝（士）2 =4&#=(气 08 LI
(勺0.2 d4
=(4)08
(2)02
=3.48，传热系数增加到原来的3.48倍。
5解：已知：p=101.3kN I m2, 飞= 297K, T2 =283K, (fJ=0.6, 7J=0.8;
3)HOG = Kvan•
Q
=
1 000m 3 u
I
h
1000 3600x0.5
=
0.556m
2,
故
H0G=1.66m, 又S=于= 0.686,
;,=::: NOG =吉ln[(l—S )
+S]= 1_0�686 ln[(l— 0.686)x00�贮沁+0.686]=8.9
⇒h=HoG - N0G=14.78m
二．填空题
1.
60.93%; 解析：塔无限高时， m= 0.1313,
(�)m·m
=
0.08
Y-Y
—况，-02
—
0.1313x
0.05-Y2 0.05-0'
该寸比程可看作低浓度吸收，所以 y2;::, Y2= 0.0195,
氨水的去除率为(fJ ＝
Y-Y
2
＝
60.93%
2 至； 解析：常压为 IOmH20, 该液体的饱和蒸汽压为 380mmHg = 5mH20, 据
Hg 气会 会 — — （畔+A 分气），有Hg ::; (10 — 5 — 8)mH20= —3mH20。
3. 0. 49, 0.71 ; 解析：已知 xF = 0.6, a = 2.5, D= W, 再结合 F= W+D,
⇒ FxF = Wxw +DyD ' YD= (a-;:w+I 环 = 0.49, YD= 0.71