广东省2019届高三物理一模考试试题（含解析）一、选择题1.如图所示为某质点在0-2t时间内的位移—时间（x-t）图象，图线为开口向下的抛物线，图中所标的量均已知。

关于该质点在0-2t时间内的运动，下列说法正确的是（）A. 该质点可能做的是曲线运动B. 该质点一定做的是变加速直线运动C. 该质点运动的初速度大小一定是012xtD. 该质点在t=0和2t t=时刻的速度相同【答案】C【解析】质点在0-2t时间内的位移方向不变，则质点做直线运动，选项A错误；根据212x v t at=+，可知，因图线是抛物线，则质点的运动是匀加速直线运动，选项B错误；由数学知识可知，当001122v vtaa==⨯时，x有极大值，220001242v vxaa==⨯，联立解得：012xvt=，选项C正确；该质点在t=0和2t t=时刻的速度大小相同，但是方向不同，选项D错误；故选C.2.地球同步卫星A和一颗轨道平面为赤道平面的科学实验卫星B的轨道半径之比为4:1，两卫星的公转方向相同，那么关于A、B两颗卫星的说法正确的是A. A、B两颗卫星所受地球引力之比为1:16B. B卫星的公转角速度小于地面上跟随地球自转物体的角速度C. 同一物体在B卫星中时对支持物的压力更大D. B卫星中的宇航员一天内可看到8次日出【答案】D 【解析】卫星所受地球引力与卫星的质量和卫星到地球的距离有关，由于卫星的质量关系未知，引力之比无法求出，A错误；地球同步卫星A的公转角速度等于地面上跟随地球自转物体的角速度，卫星半径越小，角速度越大，B卫星的公转角速度大于A卫星的公转角速度，B错误；卫星中的物体随卫星一起绕地球做匀速圆周运动，万有引力充当向心力，物体处于完全失重状态，对支持物的压力为零，C错误；根据2224GMmm rr Tπ=，234rTGMπ=，A和B的轨道半径之比为4:1，周期之比为8:1，地球同步卫星A的周期为一天，B卫星的周期为18天，所以B卫星中的宇航员一天内可看到8次日出，D周期。

故选D3.如图所示，在真空中某点电荷的电场中，将两个电荷量相等的试探电荷分别置于M、N两点时，两试探电荷所受电场力相互垂直，且F2=3F1，则以下说法正确的是A. 这两个试探电荷的电性可能相同B. M、N两点可能在同一等势面上C. 把电子从M点移到N点，电势能可能增大D. 过MN上某点P（未标出）的电场线与MN垂直时，P、N的距离可能是P、M距离的3倍【答案】C【解析】在点电荷电场中，两个试探电荷所受的电场力的方向的延长线的交点即为点电荷的位置，由图可知两个试探电荷为异性电荷，选项A错误；两个电荷量相等的试探电荷在N点受电场力较大可知，N点离点电荷的位置较近，则M、N两点不在同一等势面上，选项B错误；若是负点电荷电场，则M点的电势较高，把电子从M点移到N点，电势能增大，选项C正确；根据2kQEr=，F=Eq，因F2=3F1，则3OM ON=，可知60ONM∠=o,由几何关系可知，3PM PN=,故选项D错误；故选C.4.一交流发电机和理想变压器按如图电路连接，已知该发电机线圈匝数为N，电阻为r，当线圈以转速n匀速转动时，电压表示数为U，灯泡（额定电压为U0，电阻恒为R）恰能正常发光，已知电表均为理想交流电表，则（）A. 变压器原、副线圈匝数比为NU：U0B. 电流表示数为2URUC. 在图示位置时，发电机线圈的磁通量为22UNnπD. 从图示位置开始计时，变压器输入电压的瞬时值u＝U sin 2πnt【答案】B【解析】【详解】A、电压与匝数成正比，所以变压器的原副线圈的匝数比11220n U Un U U==，故A错误；B 、灯泡电流是0L U I R =，理想变压器的输入功率和输出功率相等，则有： 00U U IU R⋅=，即电流表读数20U I RU=，故B 正确；C 、在图示位置，发电机线圈的磁通量最大，手摇发电机的线圈中产生的电动势最大值是m m 2()E Ir U N φω=+=，解得最大磁通量m 2()Ir U N φω+=；故C 错误；D 、线圈以较大的转速n 匀速转动时，所以ω＝2πn ，所以变压器输入电压的瞬时值m sin 2sin 2u E t U nt ωπ==；故D 错误。

故选B 。

5.2009年诺贝尔物理学奖得主威拉德•博伊尔和乔治•史密斯主要成就是发明了电荷耦合器件（CCD ）图象传感器。

他们的发明利用了爱因斯坦的光电效应原理。

如图所示电路可研究光电效应规律。

图中标有A 和K 的为光电管，其中A 为阳极，K 为阴极。

理想电流计可检测通过光电管的电流，理想电压表用来显示光电管两端的电压。

现接通电源，用光子能量为10.5eV 的光照射阴极K ，电流计中有示数，若将滑动变阻器的滑片P 缓慢向右滑动，电流计的读数逐渐减小，当滑至某一位置时电流计的读数恰好为零，读出此时电压表的示数为6.0V ；现保持滑片P 位置不变，以下判断正确的是（ ）A. 光电管阴极材料的逸出功为4.5eVB. 若增大入射光的强度，电流计的读数不为零C. 若用光子能量为12eV 的光照射阴极K ，光电子的最大初动能一定变大D. 若用光子能量为9.5eV 的光照射阴极K ，同时把滑片P 向左移动少许，电流计的读数一定不为零 【答案】AC 【解析】【详解】A 、电流计的读数恰好为零，此时电压表的示数为 6.0V ，知光电子的最大初动能为6.0eV ．根据光电效应方程可得，阴极材料的逸出功0km 10.5eV 6.0eV 4.5eV W h E ν=-=-=；故A 正确。

B 、光电子的最大初动能与入射光的强度无关，与入射光的频率有关。

所以增大入射光的强度，电流计的读数仍为零；故B 错误。

C 、若用光子能量为12eV 的光照射阴极K ，根据光电效应方程可知，光电子的最大初动能一定变大；故C 正确。

D 、若用光子能量为9.5eV 的光照射阴极K ，根据光电效应方程可知，光电子的最大初动能一定减小，把滑片P 向左移动少许，电流计的读数可能仍然为零；故D 错误。

故选AC 。

6. 质量均为1 kg 的木块M 和N 叠放在水平地面上，用一根细线分别拴接在M 和N 右侧，在绳子中点用力F ＝5 N 拉动M 和N 一起沿水平面匀速滑动，细线与竖直方向夹角θ＝60°，则下列说法正确的是（ ）A. 木块N 和地面之间的动摩擦因数μ＝0．25B. 木块M 和N 之间的摩擦力可能是Ff ＝2．5 NC. 木块M 对木块N 的压力大小为10 ND. 若θ变小，拉动M 、N 一起匀速运动所需拉力应大于5 N 【答案】AB 【解析】A 、将M 、N 当作整体，水平方向拉力等于滑动摩擦力，竖直方向重力等于支持力，根据f N μ=，则有：50.25210f F N mg Mg μ====+⨯，故A 错误； B 、细线与竖直方向夹角60θ=︒，将绳子的拉力分解成水平方向与竖直方向，则绳子水平分力大小 2.52FF f N '===，故B 正确；C 、若没有绳子的拉力，木块M 对木块N 的压力大小为10N ，再加之拉力的分力，因此木块M 对木块N 的压力大小大于10N ，故C 错误；D 、当看成整体时，无论θ变小，还是变大，拉动M 、N 一起匀速运动所需拉力仍等于5N ，故D 错误。

点睛：整体法和隔离法是动力学问题常用的解题方法，整体法是指对物理问题中的整个系统或整个过程进行分析、研究的方法．在力学中，就是把几个物体视为一个整体，作为研究对象，受力分析时，只分析这一整体对象之外的物体对整体的作用力（外力），不考虑整体内部之间的相互作用力。

7.如图所示，扇形区域AOB 内存在有垂直平面向内的匀强磁场，OA 和OB 互相垂直是扇形的两条半径，一个带电粒子从A 点沿AO 方向进入磁场，从B 点离开，若该粒子以同样的速度从C 点平行与AO 方向进入磁场，则（ ）A. 只要C 点在AB 之间，粒子仍然从B 点离开磁场B. 粒子带负电C. C 点越靠近B 点，粒子偏转角度越大D. C 点越靠近B 点，粒子运动时间越短 【答案】AD 【解析】粒子从A 点射入，从B 点射出，故可判断出粒子一定带正电，根据题意可知粒子的轨迹一定与弧AB 重合，根据mv r Bq =和2mT Bqπ=可知从C 点射入的粒子和从A 点射入的粒子的半径和周期相同，故只要C 点在AB 之间，轨迹仍沿弧AB 运动，所以粒子仍从B 点射出磁场，A 正确B 错误；C 点越靠近B 点，粒子的偏转角越小，根据2t T θπ=可知周期一定，圆心角越小，所用时间越短，C 错误D 正确．【点睛】带电粒子在匀强磁场中运动时，洛伦兹力充当向心力，从而得出半径公式mv R Bq=，周期公式2m T Bq π=，运动时间公式2t T θπ=，知道粒子在磁场中运动半径和速度有关，运动周期和速度无关，画轨迹，定圆心，找半径，结合几何知识分析解题，8.如图所示，由一段外皮绝缘的导线扭成两个半径为R 和r 圆形平面形成的闭合回路，R ＞r ，导线单位长度的电阻为λ，导线截面半径远小于R 和r ．圆形区域内存在垂直平面向里、磁感应强度大小随时间按B=kt （k ＞0，为常数）的规律变化的磁场，下列说法正确的是（ ）A. 小圆环中电流的方向为逆时针B. 大圆环中电流的方向为逆时针C. 回路中感应电流大小为22()()k R r R r λ++D. 回路中感应电流大小为()2k R r λ- 【答案】BD 【解析】 【分析】根据楞次定律来判定感应电流的方向，依据法拉第电磁感应定律，来确定感应电动势的大小，再求得整个回路的感应电动势，依据闭合电路欧姆定律，从而即可求解．【详解】AB 、根据穿过整个回路的磁通量增大，依据楞次定律，及R ＞r ，则大圆环中电流的方向为逆时针，小圆环中电流的方向为顺时针，故A 错误，B 正确；CD 、根据法拉第电磁感应定律，则有：E=kπ（R 2﹣r 2），由闭合电路欧姆定律，那么回路中感应电流大小为()()22=22k R r E k R r I R R r πλπλ-==+总（﹣）故C 错误，D 正确；故选：BD 。

【点睛】考查楞次定律与法拉第电磁感应定律的应用，理解整个回路的感应电动势大小的计算，应该是两环的感应电动势之差，并掌握闭合电路欧姆定律的内容．二、非选择题：9.气垫导轨是研究与运动有关的实验的装置，也可以用来研究功能关系。

如图甲所示，在气垫导轨的左端固定一轻质弹簧，轨道上有一滑块A 紧靠弹簧但不连接，已知滑块的质量为m 。

（1）用游标卡尺测出滑块A 上的挡光片的宽度，读数如图乙所示，则宽度d ＝_____cm ；（2）利用该装置探究弹簧对物块做功的大小：某同学打开气源，调节装置，使滑块可以静止悬浮在导轨上，然后用力将滑块A 压紧到P 点，释放后，滑块A 上的挡光片通过光电门的时间为△t ，则弹簧对滑块所做功为_____（用题中所给字母表示）；（3）利用该装置测量滑块与导轨间的动摩擦因数：关闭气源，仍将滑块A 由P 点释放，当光电门到P 点的距离为x 时，测出滑块A 上的挡光片通过光电门的时间为t ，移动光电门，测出多组数据（滑块都能通过光电门），并绘出x -21t 图象，如图丙所示，已知该图线的斜率的绝对值为k ，则可算出滑块与导轨间的动摩擦因数为_____.【答案】 (1). 0.960 (2). 21()2d m t(3). 22d gk【解析】【详解】第一空.主尺读数为：9mm ；游标尺分度为0.05mm ，第12个刻度对齐，则游标尺读数为：0.05×12mm＝0.60mm ，故宽度为：d ＝9mm+0.60mm ＝9.60mm ＝0.960cm. 第二空.滑块通过光电门已经是匀速运动了，其平均速度为:dv t=∆，瞬时速度等于平均速度，故瞬时速度为:dv t=∆，此时滑块动能全部由弹簧弹性势能转化而来，故弹簧弹性势能为：2211()22P dE mv m t==∆.第三空.每次都有P 释放，则每次弹簧弹性势能都相同，由能量转化和守恒可得：22121111()+=()+22d dm mgx m mgx t t μμ 解得：222212111=()2t t d g x x μ-- 由于21x k t =，故222121111=t t x x k ---，带入可得：2=2d gk μ.10.(1)如图甲所示为某校兴趣小组通过电流传感器和计算机来测电源电动势和内阻的实验电路，其中R 0为定值，电阻R 为可调节的电阻箱，电流传感器与计算机（未画出）相连，该小组成员通过实验记录下电阻箱的阻值R 和相应的电流值I ，通过变换坐标，经计算机拟合得到如图乙所示图象，则该图象选取了___为纵坐标，由图乙中图线可得到该电源的电动势为____V ；(2)现由三个规格相同的小灯泡，标出值为“2.5V、0.6A”，每个小灯泡的I-U 特性曲线如图丙所示，将它们与图甲中电源按图丁所示的电路相连，闭合开关后，A 灯恰好正常发光，则电源的内阻r=_____Ω，图甲中定值电阻R 0=__Ω． 【答案】 (1). 1I(2). 4.5 (3). 2.5 (4). 2 【解析】（1）由电路图可知，本实验采用电流表与电阻箱串联的方式进行实验，由闭合电路欧姆定律可知：0EI r R R =++变形可得：011r R R I E E+=+ 故纵坐标应选取1I；由图可知，图象的斜率1214.5k E -==； 解得：E=4.5V ；r+R=4.5（2）A 灯泡正常发光，故电压为2.5V ，电流I=0.6A ；两并联灯泡电流I'=0.3A ，则电压U’=0.5V；故路端电压U=2.5+0.5=3V ；电流为0.6A ； 由闭合电路欧姆定律可知：U=E-Ir 代入数据解得 4.532.50.6r -==Ω ； 则可知R 0=2Ω点睛：本题考查测量电动势和内电阻的实验以及灯泡伏安特性曲线的应用，要注意明确闭合电路欧姆定律的应用，同时注意灯泡内阻随沉默温度的变化而变化，故只能根据图象分析对应的电压和电流，不能利用欧姆定律求解灯泡电阻．11.如图所示，质量均为m =1kg 的A 、B 两物体通过劲度系数为k =100N/m 的轻质弹簧拴接在一起，物体A 处于静止状态。