1.0 1.1 1.2 1.3
1.4 1.5 0.1 0.2 0.3 0.4 0.5 0.6 0.7
0 U /V
丙 汕头市普通高校招生模拟考试
物理试题答案及评分标准
一、答案及评分标准：每小题4分，共40分。

全部选对的得4分，选不全的得2分，有选
错或不答的得0分。

1.AD
2.C
3.BC
4.A
5.BC
6.AD
7.C
8.AD
9.C 10.BD 11.B 12.BD
二、参考答案及评分标准：
13．（1）甲43.85mm （或4.385cm ，4分）；乙20.10mm （或2.010cm ，4分）；（2）C （4分）
14．（1）①、③ （2分）
①用欧姆挡不能直接测量电源电路的电阻； （2分）
③用电流挡直接测量可能会造成电源短
路．（2分） （2）（图连线2分），1.45（±0.02）（2分）； 0.75（±0.03）（2分）．
15．（12分）参考解答：
发电站的输出电流 A A U P I 337
11105.210
410⨯=⨯== ①（3分） 输电线路损失的功率R I P P 22%4=＝损 ②（3分）
则A A R P I 27210210
10%4%4⨯=⨯== ③（2分） 变压器的匝数比25
2105.2102321221=⨯⨯==I I n n ④（4分） 16．（14分）参考解答：
用r 表示飞船圆轨道半径，M 表示地球质量，m 表示飞船质量，T 表示飞船运行的周期，由万有引力定律和牛顿定律得
r T πm r mw r Mm G 2
222⎪⎭
⎫ ⎝⎛== ①（3分） 飞船绕地球运行的周期
01
2360T T ︒-=θθ ②（3分）
对地球表面上的物体m 0，有
g m R
Mm G 020= ③（3分） r = R +h ④（1分）
解得或轨道高度 []R RT g h -︒-=322
120)720()(πθθ ⑤（4分） 17．（14分）参考解答：
设小球的质量为m ，绳子长度为l ，绳子拉力的最小值和最大值各为F 1和F 2．
小球摆动至最高点时，绳子拉力最小
θcos 1mg F = ①（3分） 小球摆动至最低点时，绳子拉力最大
l
v m mg F m 22=- ②（3分） 摆动过程小球的机械能守恒
)cos 1(2
12θ-==mgl mgh mv m ③（3分） 由以上各式解得
1
2123cos F F F +=θ ④（3分） 由图可知F 1＝0.5N 和F 2＝2.0N ，代入上式可得
cos θ = 0.5，即θ = 60º ⑤（2分）
18．（14分）参考解答：
（1）在t ＝0至t ＝4s 内，金属棒PQ 保持静止，磁场变化导致电路中产生感应电动势．
电路为r 与R 并联，再与R L 串联，电路的总电阻
r
R Rr R R L ++=总＝5Ω ①（2分）
此时感应电动势
t
B dl t E ∆∆=∆∆=φ=0.5×2×0.5V=0.5V ②（2分） 通过小灯泡的电流为：总
R E I =＝0.1A ③（2分） （2）当棒在磁场区域中运动时，由导体棒切割磁感线产生电动势，电路为R 与R L 并联，
再与r 串联，此时电路的总电阻
L
L R R RR r R ++='总＝2＋4×24+2 Ω＝103 Ω ④（2分） 由于灯泡中电流不变，所以灯泡的电流I L =0.1A ，则流过棒的电流为
R
I R I I I I L L L R L +=+='＝0.3A ⑤（2分） 电动势Blv R I E =='''总 ⑥（2分）
解得棒PQ 在磁场区域中运动的速度大小
v =1m/s ⑦（2分）
19．（16分）参考解答：
（1）假设A 车第一次碰到挡板前一直做加速运动
对车A ，由动能定理有
22
1A Mv mgd fd =μ= ①（2分） 代入数据解得v A = 0.30m/s ②（1分）
车碰到挡板前，车A 和滑块B 组成的系统动量守恒，有
A B Mv mv mv +=0 ③（2分）
将v A = 0.30m/s 和其它数据代入解得
v B = 1.14m/s ④（1分）
此时v B > v A ，说明此前B 一直与车A 发生相对滑动，车A 一直加速．（2分）
因此车碰到挡板前，车A 和滑块B 的速度分别是
v A = 0.30m/s ，v B = 1.14m/s
（2）假设车到第二次碰到挡板之前，B 已经停在车上，则车从第一次碰到挡板之后到第二
次碰到挡板之前的这段时间内，车A 和滑块B 组成的系统动量守恒，取向右方向为正
方向，有
')(v M m Mv mv A B +=- ⑤（2分）
代入数据解得v ’ = 0.24m/s （方向向右） ⑥（1分）
因为v ’ < v A ，说明车从第一次碰到挡板之后到第二次碰到挡板之前的这段时间内，车A 先向左做减速运动，再向右做加速运动，最后保持匀速运动直到第二次碰撞挡板．（2分）
车到第二次碰到挡板之后，系统的总动量方向向左，由动量守恒定律可得
'')(''v M m Mv mv +=- ⑦（2分）
代入数据解得v ’’ = –0.03m/s （负号方向向左） ⑧（1分）
20．（16分）参考解答：
小球自由下落到管口B 处，机械能守恒
22
14B mv R mg = ①（2分） 小球在管中运动过程的速度逐渐减小，说明小球所受重力和电场力的合力方向水平向
左．设电场力的竖直分力为y F 、水平分力x F
mg F y =（y F 方向竖直向上） ②（1分）
小球从B 运动到C 过程，由功能关系有
)(2
1222C B x v v m R F -=⋅ ③（2分） 小球从管口C 处脱离圆管后，做类平抛运动，轨迹经过A 点，则
t v R y C ==4 ④（1分）
2212t m
F R x x == ⑤（1分） 联立解得mg F x = ⑥（2分）
电场力的合力方向与水平方向成θ角，则
1tan ==x y
F F θ ⑦（1分）
小球带正电，匀强电场的方向与电场力方向相同，因此所加匀强电场的方向向左上方，
与水平方向间的夹角
︒=45θ ⑧（1分）
小球经过管口C 处时，向心力由x F 和圆管的压力N 提供，设压力N 的方向向左，即
N F R
mv x C +=2 ⑨（2分） 解得mg N 3=（方向向左） ⑩（2分）
小球经过管口C 处时，对圆管的压力
mg N 3'=（方向向右） ⑾（1分）。