高考生物基因自由组合定律计算题(含答案)-CAL-FENGHAI-(2020YEAR-YICAI)_JINGBIAN高考生物基因自由组合定律计算题考点二基因的分离定律及其应用1.(2013·山东卷，6)用基因型为Aa的小麦分别进行连续自交、随机交配、连续自交并逐代淘汰隐性个体、随机交配并逐代淘汰隐性个体，根据各代Aa基因型频率绘制曲线如图。
下列分析错误的是()A.曲线Ⅱ的F3中Aa基因型频率为0.4B.曲线Ⅲ的F2中Aa基因型频率为0.4C.曲线Ⅳ的F n中纯合子的比例比上一代增加(1/2)n＋1D.曲线Ⅰ和Ⅳ的各子代间A和a的基因频率始终相等解析本题考查自交、自由交配的应用，意在考查考生理解基本概念及应用所学知识解决实际问题的能力。
对题目中提到四种交配方式逐一分析。
①杂合子连续自交：F n中Aa 的基因型频率为(1/2)n，图中曲线Ⅳ符合，连续自交得到的F n中纯合子比例为1－(1/2)n，F n－1中纯合子的比例为1－(1/2)n－1，二者之间差值是(1/2)n，C错误；由于在杂合子的连续自交过程中没有选择，各代间A和a的基因频率始终相等，故D中关于曲线Ⅳ的描述正确；②杂合子的随机交配：亲本中Aa的基因型频率为1，随机交配子一代中Aa的基因型频率为1/2，继续随机交配不受干扰，A和a的基因频率不改变，Aa的基因型频率也保持定值，曲线I符合小麦的此种交配方式，D中关于曲线I的描述正确；③连续自交并逐代淘汰隐性个体：亲本中Aa的基因型频率为1，自交一次并淘汰隐性个体后，Aa 的基因型频率为2/3，第二次自交并淘汰隐性个体后Aa的基因型频率为2/5，即0.4，第三次自交并淘汰隐性个体后Aa的基因型频率为2/9，所以曲线Ⅲ为连续自交并逐代淘汰隐性个体，B正确；④随机交配并逐代淘汰隐性个体：基因型为Aa的亲本随机交配一次(可视为自交)，产生的子一代淘汰掉隐性个体后，Aa的基因型频率为2/3，再随机交配产生子二代并淘汰掉隐性个体，A的基因频率为3/4，a的基因频率为1/4，产生子三代中Aa的基因型频率为0.4，曲线Ⅱ符合，A正确。
答案C2.(2012·安徽理综，4)假设某植物种群非常大，可以随机交配，没有迁入和迁出，基因不产生突变。
抗病基因R对感病基因r为完全显性。
现种群中感病植株rr占1/9，抗病植株RR和Rr各占4/9，抗病植株可以正常开花和结实，而感病植株在开花前全部死亡。
则子一代中感病植株占()A.1/9B.1/16C.4/8D.1/8解析本题考查分离定律的有关知识，意在考查考生运用知识的能力。
依题意，rr个体在开花前全部死亡，说明其不具有繁殖能力。
在有繁殖能力的个体中，RR∶Rr＝4/9∶4/9＝1∶1。
可求出产生r配子的概率为1/4.故后代中感病植株rr占1/4×1/4＝1/16。
答案B3.(2011·上海卷，30)某种植物的花色受一组复等位基因的控制，纯合子和杂合子的表现型如表。
若W p W s与W s w杂交，子代表现型的种类及比例分别是()纯合子杂合子WW 红色 ww 纯白色 W s W s 红条白花 W p W p 红斑白花W与任一等位基因红色W p与W s、w 红斑白花 W s w 红条白花A.3种，2∶1∶1B.4种，1∶1∶1∶1C.2种，1∶1D.2种，3∶1解析分析表格可知：这一组复等位基因的显隐性为：W>W P>W s>w，则W P W s与W s w杂交，其子代的基因型及表现型分别为：W p W s(红斑白花)，W P w(红斑白花)，W s W s(红条白花)，W s w(红条白花)，所以其子代表现型的种类及比例应为：2种、1∶1，故C正确。
答案 C4.(2015·安徽卷，31)Ⅰ.已知一对等位基因控制鸡的羽毛颜色，BB为黑羽，bb为白羽，Bb为蓝羽；另一对等位基因C L和C控制鸡的小腿长度，C L C为短腿，CC为正常，但C L C L 胚胎致死。
两对基因位于常染色体上且独立遗传。
一只黑羽短腿鸡与一只白羽短腿鸡交配，获得F1。
(1)F1的表现型及比例是________。
若让F1中两只蓝羽短腿鸡交配，F2中出现________种不同表现型，其中蓝羽短腿鸡所占比例为________。
(2)从交配结果可判断C L和C的显隐性关系，在决定小腿长度性状上，C L是________；在控制致死效应上，C L是________。
(3)B基因控制色素合成酶的合成，后者催化无色前体物质形成黑色素。
科研人员对B和b基因进行测序并比较，发现b基因的编码序列缺失一个碱基对。
据此推测，b基因翻译时，可能出现________或________，导致无法形成功能正常的色素合成酶。
(4)在火鸡(ZW型性别决定)中，有人发现少数雌鸡的卵细胞不与精子结合，而与某一极体结合形成二倍体，并能发育成正常个体(注：WW胚胎致死)。
这种情况下，后代总是雄性，其原因是_______________________________________。
解析本题考查遗传规律的相关知识，考查学生计算能力，运用所学知识分析问题和解决问题的能力。
难度适中。
(1)由题意可知亲本的一只黑羽短腿鸡的基因型为BBC L C，一只白羽短腿鸡的基因型为bbC L C，得到F1的基因型为BbCC∶BbC L C∶BbC L C L＝1∶2∶1，其中BbC L C L胚胎致死，所以F1的表现型及比例为蓝羽正常∶蓝羽短腿＝1∶2；若让F1中两只蓝羽短腿鸡交配，F2的表现型的种类数为3×2＝6种，其中蓝羽短腿鸡BbC L C所占比例为12×23＝13。
(2)由于C L C为短腿，所以在决定小腿长度性状上，C L是显性基因；由于C L C没有死亡，而C L C L胚胎致死，所以在控制死亡效应上，C L是隐性基因。
(3)根据题意，由于缺失一个碱基，为基因突变，从而引起mRNA相应位置出现终止密码，进而使肽链合成提前终止，从缺失部位以后翻译的氨基酸序列发生变化，导致无法形成功能正常的色素合成酶。
(4)这种情况下，雌鸡的染色体组成为ZW，形成的雌配子的染色体组成为Z或W，卵细胞只与次级卵母细胞形成的极体结合，可能会产生ZZ或WW型染色体组成的后代，其中WW胚胎致死，所以只剩下ZZ型的后代，所以都为雄性。
答案(1)蓝羽短腿∶蓝羽正常＝2∶1 6 13(2)显性隐性(3)提前终止从缺失部位以后翻译的氨基酸序列发生变化(4) 卵细胞只与次级卵母细胞形成的极体结合，产生的ZZ为雄性，WW胚胎致死5.(2015·天津卷，9)白粉菌和条锈菌能分别导致小麦感白粉病和条锈病，引起减产。
采用适宜播种方式可控制感病程度。
下表是株高和株型相近的小麦A、B两品种在不同播种方式下的试验结果。
注：“＋”的数目表示感染程度或产量高低；“－”表示未感染。
据表回答：(1)抗白粉病的小麦品种是________，判断依据是_________________________。
(2)设计Ⅳ、Ⅴ两组试验，可探究______________________________________。
(3)Ⅰ、Ⅲ、Ⅳ三组相比，第Ⅲ组产量最高，原因是__________________________________________________________________________________________。
(4)小麦抗条锈病性状由基因T/t控制。
抗白粉的性状由基因R/r控制，两对等位基因位于非同源染色体上。
以A、B品种的植株为亲本，取其F2中的甲、乙、丙单株自交，收获籽粒并分别播种于不同处理的试验小区中，统计各区F3中的无病植株比例。
结果如下表。
据表推测，甲的基因型是________，乙的基因型是________，双菌感染后丙的子代中无病植株的比例为________。
解析本题考查孟德尔遗传的基本定律——自由组合定律的知识内容，考查实验探究能力、理解能力和应用能力。
难度较大。
(1)从Ⅰ和Ⅱ组的试验结果可知抗白粉病的小麦品种是A。
(2)分析Ⅲ、Ⅳ两组试验，自变量为植株密度，因变量为感病程度及产量，所以Ⅲ、Ⅳ两组试验的目的是，探究植株密度对B品种小麦感病程度及产量的影响。
(3)从表格可以看出，Ⅰ、Ⅲ、Ⅳ相比，第Ⅲ组的产量最高，分析表中信息得出结论：混播后小麦感病程度下降。
(4)根据甲的自交后代中感条锈病占1/4，抗条锈病占3/4可推测抗条锈病为显性(T)，感条锈病为隐性(t)；根据乙的自交后代中感白粉病占3/4，抗白粉病占1/4，推测感白粉病为显性(R)，抗白粉病为隐性(r)。
品种A抗白粉病但感条锈病，故其基因型为ttrr，品种B感白粉病但抗条锈病，故其基因型为TTRR，F2中甲的自交后代中感条锈病占1/4、抗条锈病占3/4，相关基因型为Tt，后代都抗白粉病，(相关基因型为rr)，综合起来，甲的基因型为Ttrr；乙的自交后代中全部感条锈病，相关基因型为tt，后代中感白粉病占3/4、抗白粉病占1/4，相关基因型为Rr，综合起来乙的基因型为ttRr。
根据以上的思路可以判断出丙的基因型为TtRr，丙的子代中无病植株的基因型为T_rr，所占比例为3/4×1/4＝3/16。
答案(1)A Ⅰ、Ⅱ组小麦未感染白粉病(2)植株密度对B品种小麦感病程度及产量的影响(3)混播后小麦感病程度下降(4)Ttrr ttRr 18.75%(或3/16)考点三基因的自由组合定律及其应用1.(2014·海南卷，22)基因型为AaBbDdEeGgHhKk个体自交，假定这7对等位基因自由组合，则下列有关其子代叙述正确的是( )A.1对等位基因杂合、6对等位基因纯合的个体出现的概率为5/64B.3对等位基因杂合、4对等位基因纯合的个体出现的概率为35/128C.5对等位基因杂合、2对等位基因纯合的个体出现的概率为67/256D.6对等位基因纯合的个体出现的概率与6对等位基因杂合的个体出现的概率不同解析1对等位基因杂合、6对等位基因纯合的个体出现的概率＝C172/4×(1/4＋1/4)×(1/4＋1/4)×(1/4＋1/4)×(1/4＋1/4)×(1/4＋1/4)×(1/4＋1/4)＝7/128，A错误；3对等位基因杂合、4对等位基因纯合的个体出现的概率＝C372/4×2/4×2/4×2/4×2/4×(1/4＋1/4)×(1/4＋1/4)＝35/128，B正确；5对等位基因杂合、2对等位基因纯合的个体出现的概率＝C572/4×2/4×2/4×(1/4＋1/4)×(1/4＋1/4)×(1/4＋1/4)×(1/4＋1/4)＝21/128，C错误；6对等位基因纯合的个体出现的概率与6对等位基因杂合的个体出现的概率都是C172/4×(1/4＋1/4)×(1/4＋1/4)×(1/4＋1/4)×(1/4＋1/4)×(1/4＋1/4)×(1/4＋1/4)＝7/128，D错误。