蓝桥杯-代码填空之二
干支纪年法—歌赛新规则—红球多于白球的概率—交换变量—考拉兹猜想—利息计算
①干支纪年法
在我国古代和近代，一直采用干支法纪年。
它采用10天干和12地支配合，一个循环周期为60年。
10天干是：甲,乙,丙,丁,戊,己,庚,辛,壬,癸
12地支是：子,丑,寅,卯,辰,巳,午,未,申,酉,戌,亥
如果某年是甲子，下一年就是乙丑，再下是丙寅，.癸酉，甲戌，乙亥，丙子，.
总之天干、地址都是循环使用，两两配对。
今年（2012）是壬辰年，1911年辛亥革命
下面的代码根据公历年份输出相应的干支法纪年。
已知最近的甲子年是1984年。
void f(int year)
char* x[] = {"甲","乙","丙","丁","戊","己","庚","辛","壬","癸"};
char* y[] = {"子","丑","寅","卯","辰","巳","午","未","申","酉","戌","亥"};
int n = year - 1984;
while(n0) n += 60;
printf("%s%s", x[_______], y[_______]);
int main(int argc, char* argv[])
f(1911);
f(1970);
f(2012);
return 0;
这道题，最近的一个甲午年（就是对10或者12取模都为0）是1984年，就以它为标准，求模就可以了，
题目中也有对给出的年份小于1984年的处理（n+=60），这题难度，应该很小了。
答案： ?n%10 n%12?
②歌赛新规
歌手大赛的评分规则一般是去掉一个最高分，去掉一个最低分，剩下的分数求平均。
当评委较少的时候，如果我们只允许去掉一个分数，该如何设计规则呢？
有人提出：应该去掉与其余的分数平均值相差最远的那个分数。
即“最离群”的分数。
以下的程序用于实现这个功能。
其中x存放所有评分，n表示数组中元素的个数。
函数返回最“离群”的那个分数值。
double score(double x[], int n)
int i,j;
double dif = -1;
double bad;
for(i=0; in; i++)
double sum = 0;
for(j=0; jn; j++)
if(________) sum += x[j];
double t = x[i] - sum - (n-1);
if(t0) t = -t;
if(tdif)
bad = x[i];
printf("%d, %f", i, x[i]);
return bad;
题目很简单，就是求最离群的数字，如果让我打代码，我猜可能是求最大和最小的，然后剩下的求平均，通过它们之间的差值来查找，这题目的做法，应该是，计算n-1个平均值，来比较，所以两层循环，第一层，计算2~n的，第二层计算1,3~n。
所以if里应该是去除掉当前循环的i,对应的值再求和
答案：i!=j
③概率问题
某个袋子中有红球m个，白球n个。
现在要从中取出x个球。
那么红球数目多于白球的概率是多少呢？
下面的代码解决了这个问题。
其中的y表示红球至少出现的次数。
这与前文的问题是等价的。
因为如果取30个球，要求红球数大于白球
数，则等价于至少取出16个红球。
m: 袋中红球的数目
n: 袋中白球的数目
x: 需要取出的数目
y: 红球至少出现的次数
double pro(int m, int n, int x, int y)
if(yx) return 0;
if(y==0) return 1;
if(ym) return 0;
if(x-ny) return 1;
double p1 = _______________________;
double p2 = _______________________;
return (double)m-(m+n) * p1 + (double)n-(m+n) * p2;
刚开始，我以为要直接求出来p1,p2，但是后来一想，不对啊，代码填空题，只给了一个函数，没有给主函数那些，肯定是递归了，再加上题目中给了递归终止的条件，所以肯定是递归了。
知道了递归以后就很简单了：模拟拿球情况，要么拿了一个红球，要么拿了一个白球。
答案：pro(m-1,n,x-1,y-1) ?
pro(m,n-1,x-1,y) ?
④交换变量
如果要把两个整型变量a、b的值交换，一般要采用一个中间变量做过
渡，
但也可以在不借助任何其它变量的情况下完成。
a = _________;b = _________;a = _________;
这道题目，有很多种解法，我这里就给出两种吧，一个是用位运算—?^ ^（异或）是将两边数都转换成2进制，然后异或，
第一种方法：a=a^b,b=a^b,a=a^b
第二种方法就是 ?a=a+b,b=a-b,a=a-b
⑤考拉兹猜想
“考拉兹猜想”（又称3n＋1猜想、角谷猜想、哈塞猜想、乌拉姆猜想或叙拉古猜想）和“哥德巴赫猜想”一样目前还没有用数学方法证明其完全成立。
在1930年，德国汉堡大学的学生考拉兹，曾经研究过这个猜想，因而得名。
在1960年，日本人角谷静夫也研究过这个猜想。
该猜想的叙述十分简单：从任何一个正整数n出发，若是偶数就除以2，若是奇数就乘3再加1,如此继续下去，经过有限步骤，总能得到1。
例如：17－52－26－13－40－20－10－5－16－8－4－2－1
该猜想虽然没有完全证明，但用计算机验证有限范围的数字却十分容易。
for(int n=2; n=10000; n++)
int m = n;
for(;;)
if(____________)
m = m * 3 + 1;
if( m == 1 )
printf("%d ok! ", n);
这道题，额，看起来很高端大气上档次，猜想也很厉害的样子，但是空就有些。
根据题目所给，遇到偶数时 ?该数除以2，所以答案就是判断m是不是偶数： m%2==0
⑥利息计算
小李年初在银行存款1千元（一年定期）。
他计划每年年底取出100元救助失学儿童。
假设银行的存款利率不变，年利率为3%，年底利息自动计入本金。
下面的代码计算5年后，该账户上有多少存款。
double money = 1000;
int n = 5;
for(i=0; in; i++)
money = _______________;
money -= 100;
printf("%.2f", money);
这道题啊，唉，每年年末，要把本金加上利息都算上再存进去，扣的钱就不需要减了，下面代码帮助你减了。
答案：money=money*1.03
刚开始，我以为要直接求出来p1,p2，但是后来一想，不对啊，代码填空题，只给了一个函数，没有给主函数那些，肯定是递归了，再加上题目
中给了递归终止的条件，所以肯定是递归了。
如果我们仔细观察乘法的计算过程，就会发现实际上对乘积的尾数有贡献的环节，从而不用真正计算出。