2020年海南省高考物理模拟试卷一、单选题（本大题共8小题，共24.0分）1.下列关于历史人物与其在物理学上的主要贡献的说法正确的是()A. 亚里士多德认为：力是改变物体运动状态的原因，不是维持物体运动状态的原因B. 法拉第坚持了长达十年的实验探究，终于发现了电流的磁效应C. 历史上关于光的本性的争论，牛顿是“波动说”的主要代表人物D. 爱因斯坦创立了相对论2.一小球从离地1.8m高处由静止开始自由下落，重力加速度取10m/s2，则小球落到地面所需要的时间为()A. 0.1sB. 0.2sC. 0.4sD. 0.6s3.在水平地面上方将一小球水平抛出，不计空气阻力，则小球从抛出到落地的过程中()A. 抛出时的速度越大，在空中运动的时间越长B. 抛出时的速度越大，落地点与抛出点的水平距离越大C. 抛出点距地面越高，在空中运动的时间越长D. 抛出点距地面越高，落地时的瞬时速度越大4.如图所示，一轻质弹簧上端固定，下端挂有两个粘连在一起的物块P、Q，静止不动，物块P的质量是Q的2倍，取竖直向下为正方向，重力加速度为g。
某时刻Q突然脱落，在脱落的瞬间，P、Q两物块的加速度分别为()A. 0，gB. −12g，12gC. −12g，gD. −2g，g5.用r0、r1、r2分别表示两分子间的距离，且r1<r0<r2，当分子间距离为r0时，分子力为零，则当分子间距离()A. 由r0增大到r2的过程中，分子间的作用力表现为引力B. 由r0增大到r2的过程中，分子间的作用力做正功C. 由r0减小到r1的过程中，分子间的作用力表现为引力D. 由r0减小到r1的过程中，分子间的作用力做正功6.如图(a)所示，线圈abcd在匀强磁场中绕MN轴匀速转动，产生一交流电。
电路的路端电压随时间变化规律如图(b)所示，不计线圈电阻。
则()A. 0.05s时穿过线圈的磁通量最大，磁通量变化最慢B. 线圈从图示位置转过30°，此时产生的电动势大小为5√2VC. 此交变电流的周期是0.2s，线圈转动的角速度是5πrad/sD. 图中交流电压表的示数是14.1V7.有两个比荷相同的带电粒子a、b，同时从小孔M、N垂直于直线边界进入匀强磁场，打到荧光屏上的O点，运动轨迹如图所示，MO=2NO，不计重力及粒子间的相互作用，则()A. a带正电荷，b带负电荷B. a、b同时到达O点C. b比a先到达O点D. b的速度大小是a的2倍8.“高分7号”卫星绕地球做匀速圆周运动的周期为T，线速度大小为v，地球半径为R，万有引力常量为G，由以上条件可求得()A. 地球的质量为v3TπG B. 地球的平均密度为3v3T4π2GR3C. 卫星距离地面的高度为vT2π−R D. 卫星的向心加速度为v2R二、多选题（本大题共5小题，共20.0分）9.小河宽为200m，河水流速为3m/s，一条小船在静水中的速度大小为5m/s。
设小船在渡河的过程中，船身始终垂直河岸，那么小船()A. 将沿曲线运动到对岸B. 行驶的速度小于5m/sC. 渡河所用时间等于40sD. 渡河发生的位移大于200m10.一列沿x轴正方向传播的简谐横波，波速v=4m/s。
某时刻的波形如图所示，P、Q分别是平衡位置在x=1m和x=4m处的两质点。
下列说法正确的是()A. 该横波的波长是4mB. P质点的振动周期是0.5sC. P质点的振幅是4cmD. Q质点正在沿y轴正方向运动11.氢原子的能级图如图所示。
现用光子能量为12.75eV的一束光去照射一群处于基态的氢原子，氢原子跃迁后辐射光子，则()A. 处于基态的氢原子能跃迁到n=4的激发态B. 跃迁后的氢原子只能辐射出三种不同频率的光C. 氢原子辐射出光子后，电子的动能减小D. 跃迁后的氢原子辐射出的所有频率的光都能使逸出功为0.55eV的金属发生光电效应12.如图所示的电路中，电源电动势为E，内阻为r。
闭合开关S，在滑动变阻器滑片P向右滑动的过程中()A. 电流表的示数变小B. 电压表的示数变大C. 电阻R1消耗的功率变小D. 电源内阻消耗的功率变小13.忽略电子及其产生的电场，氢分子可简化为两个相距为d的氢核，如图所示，O为两氢核连线的中点，P、Q在两氢核连线的中垂线上，且PQ=QO，Q点到两氢核的距离也均为d，P、Q和O三点的电势分别用φp、φQ和φO表示，且|φp−φO|=U0，现有一个α粒子从无穷远处沿PQ连线快速穿过氢分子，忽略两核的移动，已知氢核电量为+e，α粒子的质量为m，电量为+2e，通过P点的速度v0，静电力常量为k。
则下列说法正确的是()A. α粒子从P点运动到O点，先减速后加速B. P、Q、O三点电势的关系满足：φp<φQ<φOC. α粒子运动到Q点时，所受到的电场力大小F=8√3ke23d2D. α粒子到达O点时的速度大小v=√mv02−4eU0m三、实验题（本大题共3小题，共20.0分）14.某同学准备用单摆测量重力加速度：(1)应在下列器材中选用______。
(选填选项前的字母)A.长度约为1m的细线B.长度约为30cm的细线C.直径约为1.5cm的塑料小球D.直径约为1.5cm的钢质小球(2)用游标卡尺测量小球的直径，游标卡尺的示数如图所示，由图可读出小球的直径为______cm。
15.如图(甲)所示，某同学利用方形不透光水槽和刻度尺测量水的折射率。
主要实验步骤如下：(1)首先用刻度尺测量出水槽的高度H和底边AB的长度L；(2)把刻度尺固定在水槽底，与底边AB平行，且零刻度线一端紧抵BC边；(3)水槽内无水时，在右上方调整视线，从观察点E恰好能通过B1看到水槽底面边缘的A点，如图(乙)所示；(4)保持观察点E的位置不变，往水槽内加满水，此时刚好能看到刺度尺上的P点，测量出从______点到______点的距离，并记为d；(5)水的折射率的表达式n=______(用H、L、d表示)；(6)由于刻度尺的零刻度线不在边缘，导致水的折射率的测量值与真实值相比______(选填“偏大”或“偏小”)。
16.某同学为了测量微安表的内阻，设计了图(a)、图(b)两种电路。
图中微安表量程为50μA，内阻约3000Ω；R1为滑动变阻器，最大阻值为50Ω；R2为电阻箱，阻值范围为0～99999.9Ω；电源电动势E为3V，内阻忽略不计；S为开关。
(1)如果要顺利完成实验，应根据______(填“图(a)”或“图(b)”)电路图连接电路；(2)连接电路后，首先调节R2的阻值为0，再调节R1，使微安表的示数为50μA；接着保持R1的阻值不变，调节R2的阻值，当微安表的示数为______时，可认为微安表的内阻等于R2的阻值；(3)此时R2的阻值如图(c)所示，则微安表的内阻为______Ω；(4)微安表内阻的测量值与真实值相比______(填“偏大”或“偏小”)。
四、计算题（本大题共3小题，共36.0分）17.如图所示，一足够高的绝热气缸，开口向上放置在水平地面上。
现用一个横截面积为S=1.0×102cm2的活塞，密闭了一定质量的理想气体。
气体的初始温度为t1=27℃，长度为L=20cm。
设大气压强始终为p0=1.0×105Pa，不计活塞的质量以及活塞与气缸间的摩擦，现将气体温度缓慢升高至t2=177℃，求：(1)气缸内密闭气体末态的体积；(2)温度缓慢升高的整个过程中，气体对外界所做的功。
18.如图所示，两根足够长的光滑平行直导轨MN、PQ固定在水平面上，长为l的导体棒ab垂直跨在导轨上，整个装置处在磁感应强度为B、方向竖直向上的匀强磁场中，导轨与棒的电阻均忽略不计。
导轨上接有三个电阻，阻值分别是R、2R和3R；阻值为3R的电阻两端接有一个水平放置、间距为d的平行板电容器。
当用一水平拉力使ab棒以速率v向左匀速滑动时，平行板间质量为m的带电微粒恰好静止，已知重力加速度为g。
求：(1)ab棒中的电流大小及方向；(2)ab棒所受的拉力大小；(3)微粒的带电量。
19.如图所示，有一自动卸货的玩具车(可视为质点)，在倾角θ=30°的斜面上m后，与弹簧连接的挡板A点装满货，由静止开始下滑了一段距离L=8081发生碰撞，碰撞后两者一起运动。
碰撞前，挡板锁定在O点，此时弹簧为原长，碰撞前瞬间解锁。
当弹簧压缩到最短时，玩具车立即自动卸货，然后挡板和玩具车被弹回，挡板回到O点时重新被锁定，玩具车恰好能回到A点。
已知车和货物的总质kx2(x为弹量M=9kg，挡板质量m=1kg，弹簧的劲度系数k=1500N/m，弹性势能的表达式E p=12簧的形变量)，g=10m/s2，车在AO段所受阻力恒为车重的0.25倍，在OB段阻力不计，求：(1)玩具车与挡板碰撞前、后瞬间的速度大小；(2)玩具车自动卸货点到O点的距离；(3)玩具车的空车质量(保留2位有效数字)。
答案和解析1.【答案】D【解析】解：A、亚里士多德认为：力是维持物体运动状态的原因，伽利略认为：力是改变物体运动状态的原因，不是维持物体运动状态的原因，故A错误；B、法拉第坚持了长达十年的实验探究，终于发现了电磁感应现象，故B错误；C、历史上关于光的本性的争论，牛顿是“粒子说”的主要代表人物，故C错误；D、爱因斯坦创立了相对论，故D正确。
故选：D。
本题是物理学史问题，根据伽利略、法拉第、爱因斯坦等人的物理学贡献进行解答。
本题考查物理学史，属于识记内容，对于物理学上重大发现、发明、著名理论要加强记忆，注重积累。
2.【答案】D【解析】解：小球做自由落体运动，根据ℎ=12gt2可得：t=√2ℎg=√2×1.810s=0.6s，故D正确，ABC错误。
故选：D。
自由落体运动是初速度为零、加速度为重力加速度的匀加速直线运动，根据自由落体运动规律直接进行分析即可。
本题考查自由落体运动，自由落体运动是初速度为零、加速度为重力加速度的匀加速直线运动，掌握自由落体运动规律是关键。
3.【答案】C【解析】解：AC.平抛运动在竖直方向的分运动是自由落体运动，由ℎ=12gt2可得t=√2ℎg，可知抛出点距地面越高，在空中运动的时间越长，小球在空中的运动时间与抛出的初速度大小无关，故A错误；C正确；B.小球在水平方向做匀速直线运动，落地点与抛出点的水平距离为x=v0t=v0√2ℎg，则可知抛出时的速度越大，落地点与抛出点的水平距离并不一定越大，还与抛出点距离地面的高度有关，故B错误；D.小球落地时的瞬时速度大小为v=√v02+v y2=√v02+(gt)2=√v02+2gℎ，则可知，抛出点距地面越高，落地时的瞬时速度并不一定越大，还与抛出时的初速度大小有关，故D错误。
故选：C。
平抛运动在水平方向的分运动是匀速直线运动，竖直方向的分运动是自由落体运动，根据平抛运动规律得出运动时间、水平分位移、落地瞬时速度的表达式即可进行分析。