成都石室中学高2019届高考适应性考试（二）
理科综合答案
生物部分
1、B
2、C
3、A
4、C
5、B
6、D
29、（8分，除标注外，其他每空2分）
（1）光照强度和是否喷施BRs （2）叶绿体基质（1分）CO2的固定（1分）
（3）缓解提高Rubisco活性和提高Rubisco基因表达量
30、（11分，除标注外，其他每空2分）
（1）色氨酸（1分） +、+、﹣
（2）加NAA（1分）加等量蒸馏水（1分）
（3）协同
（4）生长素含量低、不易提取，易于被氧化；而萘乙酸（NAA）是植物生长调节剂，具有容
易合成、原料广泛、效果稳定等优点
（5）促进细胞伸长和细胞分裂（或细胞胞数量增加和细胞长度增加）
31、（10分，除标注外，其他每空2分）
（1）镶嵌（1分）负反馈调节不能（1分）
（2）食肉动物所处的营养级高，能量流动过程中散失的能量多，领域范围大。
（3）自然选择（或：生存斗争）存在可育后代（或:没有生殖隔离）
32、（10分，每空2分）
（1）不可能 F1中两对等位基因都是杂合子,后代会出现性状分离
（2）0
（3）灰身白眼后胸正常：灰身红眼后胸正常：黑身红眼后胸变形=1:2:1（或出现3种表现型）
灰身白眼后胸正常:灰身红眼后胸正常：黑身红眼后胸正常：灰身白眼后胸变形:灰身红眼后
胸变形：黑身红眼后胸变形=3:6:3:1:2:1 （或出现6种表现型）
37、（15分，除标注外，其他每空2分）
（1）（巴氏消毒的）牛奶中有较多的没有被杀死的微生物在适宜温度（或常温）下大量繁殖
（3分）
（2）乳蛋白低温（或较低温度）
（3）稀释涂布平板
（4）需要证明（或判断）培养基是否被杂菌污染（培养基灭菌是否合格）
（5）3.9×105少
化学部分
7-13 CCBBADC
26（15分）（1）碳素钢在浓硫酸中钝化，表面形成的致密氧化膜阻止其与CuSO4反应（2
分）
（2）b→c→h→i f→g→h→i（各1分，共2分）
（3）将装置内残余SO 2和H 2赶进相应装置中反应，减少定量测定的误差（2分）
（4）球形干燥管（1分）
（5）C + 2H 2SO 4(浓) =△
2SO 2↑+ CO 2↑+ 2H 2O （2分）
（6）C 中固体变红，D 中固体变蓝（2分）装置C 实验前后的质量差或者D 实验前后的质量差（2分，答对一点即可）
（7）1.600（2分）
27（14分）（1）a 阳离子（各1分）
（2）Ba(OH)2、Na 2CO 3（各1分，顺序错不得分）
（3）加热或通入热空气（1分）
（4）NaOH （1分）
（5）4Cl 2 + I - + Na + + 4H 2O= NaIO 4↓ + 8Cl - + 8H +（2分）
（6）①体系中发生发生ClO - +2I - + 2H + = I 2 + Cl - + H 2O ，pH 不同，c (H +)不同，反应速率不同，相同时间内生成I 2的浓度不同（合理即可，2分）
②酸性越强，ClO -氧化性更强，将I 2进一步氧化（2分）
③0.1（2分）
28（14分）
（1） 低（1分）
（2） a （2分）
（3） △H 1 +△H 2（2分）
（4） 吸入新鲜空气降低人体红血球中CO 浓度，使Hb 结合CO 的平衡逆向移动，HbCO
转化为Hb 恢复携氧能力（2分）
（5） 0c mol/(L min)2t
（2分） （6） 2（2分）
（7） 正反应（1分） 1.3（2分）
35．（15分）
（1）（1分） 5（1分） X-射线衍射实验（2分）
（2）sp （1分）异硫氰酸(H-N=C=S)可形成比范德华力更强的氢键，而硫氰酸(H-S-C ≡N)不行。
（2分）
（3）9（2分） （2分）
（4）4（2分）
（2分）
36.（15分）
（1）苯甲醛（1分）碳碳双键、羧基（2分）
（2）消去反应（2分）
（3）（2分）
（4）（2分）
（5）
（任写3种，各1
分，共3分） （6）
（3分）
物理部分
14．B 15.C 16.A 17．C 18．D19.BD 20.BC 21.CD
22．【答案】22231()8
m S S n f -，2
nmgS （每空3分）
23.【答案】（1）4.0;（2）8.0、3.0（每空3分）
24.【解析】（1）系统动量守恒，以向右为正方向，
由动量守恒定律得：（m 1+m 2）v 0=m 1v 1+m 2v 2（2分）
位移差：s=v 1t ﹣v 2t ，（2分）
代入数据解得：
v 1=4.0m/s ，v 2=1.0m/s （2分）
（2）由能量守恒定律得：
（m 1+m 2）v 02+E P =m 1v 12+m 2v 22 （4分）
代入数据解得：E p =3.0J ；（2分）
25. 【解析】（1）带电小球进入复合场后恰能做匀速圆周运动，则电场力与重力平衡，得 （1分）
两板间为匀强电场，有
（1分）
mg qE =21d d U
q qE +=
根据电磁感应规律，有
（2分）
所以：
（2分）
（2）只有小球从进入磁场的位置离开磁场，做竖直上抛运动，才能恰好回到O 点，由于两个磁场区的磁感应强度大小都相等，所以半径都为R ，由图可知△O 1O 2O 3是等边三角形。
由动能定理，得
（2分）
进入磁场后，重力和电场力抵消，洛伦兹力提供向心力，有
（2分）
据几何关系得
（2分）
解得：（2分）
（3）由动能定理，得
（1分）
解得 （1分）
洛伦兹力提供向心力，得
（2分） 解得
（2分） 两板之间的匀强磁场的磁感应强度增大为原来的
倍
33.（1）BCD
21r t B U π∆∆=2
211)(r q d d mg t B π+=∆∆221mv mgh =R v m qvB 2
2=1332d R =22222132gm B q d h =21213mv h mg =
⨯v gh v 361==R v m B qv 21'
21=2'23B B =3
（2）【解析】①活塞整体受力处于平衡状态，则有：pS1+p0S2=p0S1+pS2+Mg…（3分）
解得：M=3kg…（2分）
②当活塞A靠近处D时，活塞整体受力的平衡方程没变，气体压强不变，根据气体的等压变化有：
…（3分）
解得：T'=360K…（2分）
34.（1）BCD
（2）【解析】①由于光线OB偏折比光线OC偏折更多，所以OC光的折射率较小，波长较长，是红光；（3分）
②作出光路图如图所示．
作界面OD的法线MN，设圆柱体直径为d，入射角为θ，折射角分别为θB、θC，连接DB、DC，
由折射定律得n B=，n C=（2分）
n B=，n C=（2分）
由上两式得=（1分）
已知t=，t C=，可得t C=t （2分）。