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自动控制原理课后习题答案

1.2根据题1.2图所示的电动机速度控制系统工作原理 (1)将a,b 与c,d 用线连接成负反馈系统; (2)画出系统框图。

c d+-发电机解:(1) a 接d,b 接c.(2) 系统框图如下1.3题1.3图所示为液位自动控制系统原理示意图。

在任何情况下,希望页面高度c 维持不变,说明系统工作原理并画出系统框图。

解:工作原理:当打开用水开关时,液面下降,浮子下降,从而通过电位器分压,使得电动机两端出现正向电压,电动机正转带动减速器旋转,开大控制阀,使得进水量增加,液面上升。

同理,当液面上升时,浮子上升,通过电位器,使得电动机两端出现负向电压,从而带动减速器反向转动控制阀,减小进水量,从而达到稳定液面的目的。

系统框图如下:2.1试求下列函数的拉式变换,设t<0时,x(t)=0: (1) x(t)=2+3t+4t 2解:X(S)=s 2 +23s +38s(2) x(t)=5sin2t-2cos2t解:X(S)=5422+S -242+S S=42102+-S S(3) x(t)=1-et T1-解:X(S)=S1-TS 11+=S 1-1+ST T=)1(1+ST S(4) x(t)=et4.0-cos12t解:X(S)=2212)4.0(4.0+++S S2.2试求下列象函数X(S)的拉式反变换x(t): (1) X(S)=)2)(1(++s s s解:=)(S X )2)(1(++s s s=1122+-+S St t e e t x ---=∴22)((2) X(S)=)1(15222++-s s s s 解:=)(S X )1(15222++-s s s s =1512+-+S S S=1151122+-++S S S S t t t u t x sin 5cos )()(-+=∴(3) X(S)=)42)(2(82322+++++s s s s s s解:=)(S X )42)(2(82322+++++s s s s s s =2)1(12212+++++-S S S S t e e t x t t 2c o s 21)(2--+-=∴2.3已知系统的微分方程为)()(2)(2)(22t r t y dt t dy dt t y d =++式中,系统输入变量r(t)=δ(t),并设y(0)=)0(y .=0,求系统输出y(t).解:)()(2)(2)(22t r t y dt t dy dt t y d =++且y(0)=)0(y .=0 两边取拉式变换得∴1)(2)(2)(2=++S Y S SY S Y S 整理得Y(S)=1)1(122122++=++S S S 由拉式反变换得y(t)=t t sin e -2.4列写题2.4图所示RLC 电路的微分方程。

其中,u i 为输入变量,u o 为输出变量。

LR解:由基尔霍夫电压定律,可列写回路方程o L R i u u u u ++=设回路电流为i ,又因为dtdu Ci o =,所以,i o u u dt diL iR =++,所以代入电流可得其微分方程i o oo u u dt du RC dtu d LC =++222.5列写题2.5图所示RLC 电路的微分方程。

其中,u i 为输入变量,u o 为输出变量。

u )(t L解:设流过L 的电流为i ,流过R 的电流为1i ,流过C 的电流为2i 。

有dt t du C i i i o )(21==-,R t u i o )(1=。

所以有=+=21i i i dtt du C R t u o o)()(+ 且o L i u u u +=所以,o o o o i u dt du R L dtt u d LC u dt diL u ++=+=22)(2.6设运算放大器放大倍数很大,输入阻抗很大,输出阻抗很小。

求题2.6图所示运算放大电路的传递函数。

其中,u i 为输入变量,u o为输出变量。

C解:由dt du C R u o i -1=两边进行拉式变换得)(-)(1s CSU R s U o i = 所以其传递函数为CSR s U S U i O 11-)()(= 2.7简化题2.7图系统的结构图,并求传递函数)()(S R S C 。

解:设G1后为X ,H1后为Y ,由结构图写线性代数方程XS G C X C S H Y X Y S H S R S G )()(])()()[(2211=-==-消去中间变量X ,Y,得传递函数为)()()()()()(1)()()()(11212121S H S G S H S H S G S G S G S G S R S C -+=2.8简化题 2.8图系统的结构图,并求传递函数)()(S R S C 。

解:设G 1(S)前为Y ,G2(s)前为X 。

由结构图写线性代数方程)()()()()()()()()(22112S C S XG XS H S C S YG YS H S H S C S R ==-=- 消去中间变量X ,Y,得传递函数为)()()()()()(1)()()()(22212121S H S G S H S H S G S G S G S G S R S C ++=2.9简化题 2.9图系统的结构图,并求传递函数)()(S R S C 。

(S R 解:设第一环后为X ,第二环后为Y ,由结构图写线性代数方程)()()()()()(21S C SYG Y X S G S R XS C S R ==+=- 消去中间变量X ,Y ,得传递函数为 )(1))(1)(()()(212S G S G S G S R S C ++=2.10简化题 2.10图系统的结构图,并求传递函数)()(S R S C 。

解:设第一环后为X ,第三环后为Y ,由结构图写线性代数方程YS YG S C S C S G S G S R X X S YG S G S R =+=+=-)()()()())()(()()()(43142 消去中间变量X ,Y,得传递函数为)()()(1))(1)(())()(()()(4434321S G S G S G S G S G S G S G S R S C -+-=3.1已知系统特征方程如下,试用劳斯判据判别系统稳定性,并指出位于右半S 平面和虚轴上的特征根的数目。

(1)D (S )=012442345=+++++S S S S S5S 1 4 2 4S 1 4 1 3Sε 1 0 2Sε14-1 01S14142---εεε 0 00S 1 0 0系统不稳定,有2个特征根在右半S 平面。

(2)D(S)=046895323456=++++++S S S S S S 解:劳斯表构成如下6S 1 5 8 45S 3 9 6 4S 2 6 4 3S 8 12 2S 3 4 1S 4/30S4因为劳斯表第一列数符号相同,所以系统是稳定的。

有4个根在虚轴上。

(3)D(S)=02535201232345=+++++S S S S S5S 1 12 35 4S 3 20 25 3S 16/3 80/3 2S 5 25 1S 100S25因为劳斯表第一列数符号相同,所以系统是稳定的。

有2个根在虚轴上。

(4)D(S)=04473223456=-----+S S S S S S 解:劳斯表构成如下6S 1 -2 -7 -45S 1 -3 -4 4S 1 -3 -4 3S 4 -6 2S -3 -8 1S -500S-4因为劳斯表第一列数符号变化1次,所以系统是不稳定的,有1个特征根在右半S 平面。

求解辅助方程043)(24=--=S S S F ,可得系统对称于原点的特征根为j S S ±=±=4,32,1,2。

3.3已知单位负反馈控制系统的开环传递函数为)2()(222n n vn S S S K S G ωζωω++= 当n ω=901-S ,阻尼比2.0=ζ时,试确定v K 为何值时系统是稳定的。

解:系统开环传递函数为)2()(222n n vn S S S K S G ωζωω++=,特征方程为 02)(2223=+++=v n n n K S S S S D ωωζω劳斯表构成如下 3S1 2n ω 2S n ζω2 v n K 2ω1Sζωζω222nv n K -0Sv n K 2ω由劳斯稳定判据,系统稳定的充分必要条件为ζωζω222nv n K ->0v n K 2ω>0又因为n ω=901-S ,阻尼比2.0=ζ,所以可得0<v K <36时,系统是稳定的,当v K =36时系统临界稳定。

3.5已知反馈控制系统的传递函数为)1(10)(-=S S S G ,H(S)=s K h +1 ,试确定闭环系统临界稳定时h K 的值。

解:开环特征方程 )1()1(10)1()1(10)()(-+=+-=S S S K S K S S S H S G h h 闭环特征方程 0)1(10)1(=++-S K s s h 即010)110(2=+-+S K S h2S 1 101S 110-h K 0S 10当110-h K >0,即h K >0.1稳定,当h K =0.1时,系统临界稳定。

3.7在零初始条件下,控制系统在输入信号r(t)=1(t)+t1(t)的作用下的输出响应为c(t)=t1(t),求系统的传递函数,并确定系统的调节时间s t 。

解:对输入输出信号求拉式变换得r(S)=211S S +,c(S)= 21S。

所以系统的传递函数为 11)()()(+==Φs s r s c s ,系统的时间常数为T=1s,所以系统的调节时间s t =⎩⎨⎧=∆=∆2453。

3.9要求题3.9图所示系统具有性能指标:s t p p 5.0%,10%==σ。

确定系统参数K 和A ,并计算rt ,st 。

解:系统的闭环传递函数为K S KA S K AS S S K S S KS R S C +++=++++=)1()1()1(1)1()()(2,可见,系统为典型二阶系统:KA K n n+==122ζωω,,由p σ%=%10%10021=⨯--ζζπe 得21ζζπ-=1.01ln=2.30 所以ζ=0.698 由s t n p 5.012=-=ζωπ 得1277.815.0-=-=s n ζπω ,则91.762n==ωK 144.012=-=KA n ζω 211cos ζωζπ--=-n r t =0.34s s ns 65.04t ==ζω (2=∆)s ns 49.03t ==ζω (5=∆)3.11设典型二阶系统的单位阶跃响应曲线如题3.11图所示。

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