猜题卷（二）2020届高三物理全真模拟卷一、选择题（本题共8小题，每小题6分．在每小题给出的四个选项中，第14～18题只有一项符合题目要求，第19～21题有多项符合题目要求．全部选对的得6分，选对但不全的得3分，有选错的得0分．）1．下列说法正确的是（）A．在探究太阳对行星的引力规律时，我们引用了公式＝k，这个关系式是开普勒第三定律，是可以在实验室中得到证明的B．在探究太阳对行星的引力规律时，我们引用了公式，这个关系式实际上是牛顿第二定律，是可以在实验室中得到验证的C．在探究太阳对行星的引力规律时，我们引用了公式，这个关系式实际上是匀速圆周运动的速度定义式D．在探究太阳对行星的引力规律时，使用的三个公式，都是可以在实验室中得到证明的【解答】解：A、在探究太阳对行星的引力规律时，我们引用了公式＝k，这个关系式是开普勒第三定律，是通过研究行星的运动数据推理出的，不能在实验室中得到证明，故A错误；B、在探究太阳对行星的引力规律时，我们引用了公式，这个关系式是向心力公式，实际上是牛顿第二定律，是可以在实验室中得到验证的，故B正确；C、在探究太阳对行星的引力规律时，我们引用了公式，这个关系式不是匀速圆周运动的速度定义式，匀速圆周运动的速度定义式为v＝，故C错误；D、通过ABC的分析可知D错误；故选：B。
2．有些元素的原子核有可能从很靠近它的核外电子中“俘获”一个电子形成一个新原子（例如从离原子核最近的K层电子中俘获电子，叫“K俘获”），发生这一过程后，新原子核（）A．带负电B．是原来原子的同位素C．比原来的原子核多一个质子D．比原来的原子核多一个中子【解答】解：A、原子核带正电，故A错误；BCD、原子核俘获一个电子后，一个质子变成中子，质子数减少一个，中子数多一个，新原子核的质子数发生变化，新原子与原来的原子不是同位素，故BC错误，D正确；故选：D。
3．如图所示，一不可伸长的光滑轻绳，其左端固定于O点，右端跨过位于O′点的固定光滑轴悬挂一质量为m A的物体A．OO′段水平，长度为L，绳上套一可沿绳滑动的轻环。
现在轻环上悬挂一质量为m B的钩码，平衡后，物体A上升L．则（）A．m A：m B＝：3 B．m A：m B＝：1 C．m A：m B＝：1 D．m A：m B＝：2【解答】解：重新平衡后，绳子形状如下图：由几何关系知：绳子与竖直方向夹角θ为30°，则环两边绳子的夹角为60°，则根据平衡条件可得：2m A gcosθ＝m B g解得m A：m B＝＝：3，故A正确、BCD错误。
故选：A。
4．如图，abc是竖直面内的光滑固定轨道，ab水平，长度为3R；bc是半径为R的四分之一的圆弧，与ab 相切于b点。
一质量为m的小球。
始终受到与重力大小相等的水平外力的作用，自a点处从静止开始向右运动，重力加速度大小为g。
小球从a点开始运动到其他轨迹最高点，机械能的增量为（）A．2mgR B．4mgR C．5mgR D．7mgR【解答】解：由题意知水平拉力为：F＝mg，设小球达到c点的速度为v，从a到c根据动能定理可得：F•4R﹣mgR＝mv2，所以解得：v＝小球离开c点后，竖直方向做竖直上抛运动，水平方向做初速度为零的匀加速直线运动，设小球从c点达到最高点的时间为t，则有：t＝＝；此段时间内水平方向的位移为：x＝at2＝（）2＝3R，所以小球从a点开始运动到其轨迹最高点，小球在水平方向的位移为：L＝3R+R+3R＝7R，此过程中小球的机械能增量为：△E＝FL＝mg×7R＝7mgR。
故D正确、ABC错误。
故选：D。
5．在西昌卫星发射中心已成功发射“嫦娥四号”月球探测器。
探测器奔月飞行过程中，在月球上空的某次变轨是由椭圆轨道a变为近月圆形轨道b，a、b两轨道相切于P点，如图所示，不计变轨时探测器质量的变化，下列关于探测器说法正确的是（）A．在a轨道上P点的速率与在b轨道上P点的速率相同B．在a轨道上P点所受月球引力等于在b轨道上P点所受月球引力C．在a轨道上P点的加速度小于在b轨道上P点的加速度D．在a轨道上运动的周期小于在b轨道上运动的周期【解答】解：A、探测器在P点变轨，则从低轨向高轨变化时，必要做离心运动，须加速，所以探测器在高轨a的速度大于低轨b在P的速度，故A错误；B、探测器在两个轨道上P点的引力均是由月球对它的万有引力提供，所以引力相等，故B正确；C、由于引力相等，据牛顿第二定律，两个轨道在P点的加速度也相等，故C错误；D、由开普勒第三定律可知，在a轨道上运动的周期大于在b轨道上运动的周期。
故D错误故选：B。
6．图所示，磁单极子会在其周围形成均匀辐射磁场。
质量为m、半径为R的圆环当通有恒定的电流I时，恰好能水平静止在N极正上方H处。
已知与磁单极子N极相距r处的磁感应强度大小为B＝，其中k 为常数。
重力加速度为g。
则（）A．静止时圆环的电流方向为逆时针方向（俯视）B．静止时圆环沿其半径方向有扩张的趋势C．静止时圆环的电流I＝D．若将圆环向上平移一小段距离后由静止释放，下落中加速度先增加后减小【解答】解：A、环所在处的磁场的方向向上，则环产生的磁场的方向向下，根据安培定则可知，静止时圆环的电流方向为顺时针方向（俯视），故A错误；B、静止时圆环的电流方向为顺时针方向由左手定则可知，环上的各点受到的安培力的方向向上向里，所以环有收缩的趋势，故B错误；C、对环的某一部分进行受力分析如图：在水平方向，根据安培力的对称性可知，整个的环在水平方向的合力为0，竖直方向的合力与重力大小相等，由于在圆环处各点电流的方向与磁场的方向都垂直，所以整体受到的安培力：F＝BI•2πR由几何关系：Fcosθ＝mgcosθ＝由题：B＝联立得：I＝．故C正确；D、结合C的受力分析可知，若将圆环向上平移一小段距离后环受到的安培力将减小；由静止释放，重力开始时大于安培力，所以环加速下落，向下的过程中安培力增大，所以合外力减小，加速度先减小。
故D错误。
故选：C。
7．已知篮球在空气中运动时所受空气阻力与速度大小成正比。
一篮球与地面碰撞后以大小为v0的速度竖直弹起后到再次与地面碰撞的过程中，以v表示篮球的速度，t表示篮球运动的时间，E k表示篮球的动能，h表示篮球的高度，则下列图象可能正确的是（）A．B．C．D．【解答】解：AB、v﹣t图象的斜率表示加速度，根据牛顿第二定律得：上升过程有mg+f＝ma上，下降过程有mg﹣f＝ma下，又f＝kv，得a上＝g+，则上升过程中，随着v的减小，a减小。
a上＝g﹣，下降过程，a随速度的增大而减小。
故A错误，B正确。
由动能定理得：上升过程有△E k＝﹣（mg+kv）△h，v减小，E k﹣h图象应是切线斜率逐渐减小的曲线。
下降过程有△E k ＝（mg﹣kv）△h，v增大，|E k﹣h图象应是切线斜率逐渐减小的曲线。
故C正确，D错误。
故选：BC。
8．如图所示，边界OA与OC之间分布有垂直纸面向里的匀强磁场，边界OA上有一粒子源S．某一时刻，从S平行于纸面向各个方向发射出大量带正电的同种粒子（不计粒子的重力及粒子间的相互作用），所有粒子的初速度大小相同，经过一段时间有大量粒子从边界OC射出磁场．已知∠AOC＝60°，从边界OC 射出的粒子在磁场中运动的最短时间等于（T为粒子在磁场中运动的周期），则从边界OC射出的粒子在磁场中运动的时间可能为（）A．B．C．D．【解答】解：粒子在磁场中运动做匀速圆周运动，入射点是S，出射点在OC直线上，出射点与S点的连线为轨迹的一条弦。
当从边界OC射出的粒子在磁场中运动的时间最短时，轨迹的弦最短，根据几何知识，作ES⊥OC，则ES为最短的弦，粒子从S到E的时间即最短。
由题，粒子运动的最短时间等于，则θ＝60°设OS＝d，则ES＝ d由几何知识，得粒子运动的轨迹半径为R＝ES＝d，直径D＝ d当粒子轨迹的弦是直径时运动时间最长，根据几何知识，轨迹SD如图。
可见粒子在磁场中运动的最长时间为t max＝。
则知从边界OC射出的粒子在磁场中运动的时间可能为和。
故选：AB。
二、非选择题：共62分，第9～12题为必考题，每个试题考生都必须作答。
第13～16题为选考题，考生根据要求作答。
（一）必考题：共47分。
9．（5分）某同学用图1所示装置探究小车做匀变速直线运动的规律，他采用电火花计时器进行实验．（1）搭建好实验装置后，先，再．纸带被打出一系列点，其中一段如图2所示，可知纸带的（填“左”或“右”）端与小车相连．（2）如图2所示的纸带上，A、B、C、D、E为纸带上所选的计数点，相邻计数点间时间间隔为0.1s，则v B＝m/s，a＝m/s2．（保留两位有效数字）【解答】解：（1）搭建好实验装置后，先接通电源，再释放小车．重物拉着纸带在相等时间内的位移越来越大，可知纸带的左端与重物相连；（2）x AC＝52.0×10﹣3 m；依据B点的瞬时速度等于AC段的平均速度，则有：v B＝＝m/s＝0.26m/s；根据运动学公式得：△x＝at2，解得：a＝＝＝0.40m/s2，故答案为：（1）接通电源，释放小车，左；（2）0.26，0.40．10．（10分）二极管为非线性元件，其主要特性是单向导电性。
正向电压较小时，电流很小，二极管呈现较大的电阻特性；当电压超过一定数值（称为开启电压）时，电流迅速增加，呈现较小的电阻特性。
加反向电压（不超过击穿电压）时呈现很大的电阻特性，反向电压增加时，反向电流几乎不变。
物理小组欲研究测量二极管正向伏安特性，设计了甲、乙、丙三种电路，如图所示。
小组最终选择了丙图。
操作步骤如下a．根据电路图丙连接电路；b．闭合开关S1，调节各可变电阻，使得开关S2由断开到闭合时，灵敏电流表G指针无偏转，并记录此时电压表V的示数U和电流表A的示数I；c．调节可变电阻，重复步骤b，读出多组不同的U值和I值，记录数据如表格所示；0.10 0.20 0.30 0.40 0.50 0.55 0.60 0.65 0.70 0.75 0.80电压U/V电流0 0 0 0 0 1.0 4.0 13.0 27.0 53.0 90.0I/mAd．在坐标纸上描绘出二极管正向伏安特性曲线。
根据以上内容，请回答以下问题（1）从设计原理上讲，对于甲图和乙图的误差分析，下列说法正确的是A．甲图误差的来源在于电流表的分压作用，乙图的误差来源在于电流表的分压作用B．甲图误差的来源在于电流表的分压作用，乙图的误差来源在于电压表的分流作用C．甲图误差的来源在于电压表的分流作用，乙图的误差来源在于电流表的分压作用D．甲图误差的来源在于电压表的分流作用，乙图的误差来源在于电压表的分流作用（2）在坐标图中根据表格中数据描绘出二极管正向伏安特性曲线。