高三下学期第九次调研考试物理部分二、选择题：本题共8小题，每小题6分。

在每小题给出的四个选项中，第14～18题只有一项符合题目要求，第19～21题有多项符合题目要求。

全部选对的得6分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。

14.D [金属的逸出功是由金属自身决定的，与入射光频率无关，A 项错误；光电子的最大初动能E km 与入射光的强度无关，B 项错误；根据爱因斯坦光电效应方程E km ＝hν－W 0，可知最大初动能E km 随入射光频率增大而增大，但不成正比，C 项错误；E km －ν图线的斜率与普朗克常量有关，D 项正确。

]15．C [由v ­t 图线可求得两图线交点的横坐标为t ＝2 s 。

有a 甲＝0－105 m/s 2＝－2 m/s 2，a乙＝6－02－1 m/s 2＝6 m/s 2，所以|a 甲|∶a 乙＝1∶3，故D 错；由图象可求得甲的位移x 甲＝12×10×5 m ＝25 m ，乙的位移x 乙＝12×6×1 m ＋6×3 m ＝21 m 。

t ＝5 s 时两物体位于同一位置，所以t ＝0时甲物体在乙物体后4 m ，故C 正确；运动过程中，t ＝2 s 前甲的速度大于乙的速度，t ＝2 s 后乙的速度大于甲的速度，所以前面甲追乙，后面乙追甲，故A 错；2 s ～5 s 时间内，甲物体位移x 1＝12×6×3 m ＝9 m ，乙物体位移x 2＝6×3 m ＝18 m ，t ＝5 s 时两物体位于同一位置，所以t ＝2 s 甲物体在前，乙物体在后，故B 错。

]16.B [粒子运动周期T ＝2πmqB ，可知速度变化前后，粒子的两次运动周期不变，设以速率v射入磁场时运动轨迹的半径为R 1，画出粒子运动过程图如图甲所示，根据几何关系可知，粒子在磁场中运动所转过的圆心角θ1＝90°，半径R 1＝r 。

设以速率 3v 射入磁场时运动轨迹的半径为R 2，粒子半径R 2＝3r ，根据几何关系画出粒子运动过程图如图乙所示，粒子所转过的圆心角θ2＝60°，所以两次粒子在磁场中运动的时间之比：t 1t 2＝θ1θ2＝90°60°＝32，又因为t 1＝t ，所以t 2＝23t ，B 项正确。

]17.B [L 1为轻绳，且A 为自由端，所以L 1一直处于水平位置。

变化前后小球Q 的受力矢量图如图所示，可得L 1、L 2的拉力变大，故A 错误，B 正确；从整个系统来看，水平杆对小球P 的支持力等于两小球的重力之和，保持不变，故C 错误；水平杆对小球P 的摩擦力与L 1的拉力相等，故D 错误。

18.C 宇宙飞船轨道半径为r 1=4200km+6400km=10600km ，地球同步卫星轨道半径为r 2=36000km+6400km=42400km ，r 2="4" r 1.根据开普勒第三定律，地球同步卫星为宇宙飞船周期的8倍．从二者相距最远时刻开始，在一昼夜的时间内，接收站共接收到信号的次数为7次，选项C 正确19．AD [根据理想变压器电流与匝数的关系，有I 1I 2＝n 2n 1。

设电源的输出功率为P ，理想变压器输入功率等于输出功率，有P －I 21R 1＝I 22R 2＋I 22R L 。

联立两式，得I 22＝Pn 22n 21R 1＋R 2＋R L 。

灯泡变亮，应使I 22增大，由公式可知，应使R 1或R 2减小，故A 、D 正确。

]20.AC [－q 从与O 点等高的P 点射出，竖直方向的位移为0,0＝v 0sin θ·t －12at 2，水平方向d ＝v 0cos θ·t ，Eq ＝ma ，解得v 0＝Eqd m sin 2θ，A 项正确；－q 竖直方向的位移y 1＝v 0sin θ·t －12at 2，＋q 竖直方向的位移y 2＝v 0sin θ·t ＋12at 2，d ＝y 2－y 1＝at 2，解得v 0＝Eqdm cos 2θ，C 项正确。

] 21.BC [这个物块原来静止的状态有一个可能范围。

因为最大静摩擦力等于滑动摩擦力。

那么物块可以受到的最大静摩擦力是μmg ，μ为摩擦因数。

弹簧压缩量为l ，使μmg ＝lk 时可以平衡，这时摩擦力向左。

弹簧伸长量l ，使μmg ＝lk 时也可以平衡，这时摩擦力向右。

以弹簧平衡位置为原点，物块在两侧距原点均为l 之间都是可以平衡的。

这时静摩擦力不需要达到最大值μmg 。

假设物块在左侧距原点l 处，弹力向右，摩擦力向左而保持平衡，再加向右的力必然使它运动。

但在弹簧伸长时，这时摩擦向右，如果加一个向右且小于弹簧弹力的力时，物块不动。

超过弹簧拉力时，摩擦力会反向向左，即若使物块运动，则要克服的是摩擦力与弹簧拉力之和。

在最右端时最大，也就是至少需要力2μmg ，所以A 错误；物块开始运动时，如果弹力向右，则a ＝Fm ，如果弹力向左，则a ＝F m －2μg ，所以F m －2μg ≤a ≤Fm ，所以B 正确；从物块开始运动，到到达A 点右侧的最大距离，应用动能定理(F －μmg )x 0－E 弹＝0，得E 弹＝(F －μmg )x 0，所以C 正确；在整个运动过程中，摩擦力做负功，消耗能量，所以此后运动过程中物块不可能再次经过A 点，所以D 错误。

故选择B 、C 。

]第Ⅱ卷三、非选择题：本卷包括必考题和选考题两部分。

第22～25题为必考题，每个试题考生都必须作答。

第33～34题为选考题，考生根据要求作答。

(一)必考题(共47分)22．[解析] (1)x 4－x 2＝2a 1t 2，x 3－x 1＝2a 2t 2， a ＝a 1＋a 22＝(x 4＋x 3)－(x 2＋x 1)4t 2＝4.0 m/s 2。

(2)滑块下滑过程中经过位置3时速度大小 v 3＝x 2＋x 32t ＝0.044 8＋0.054 92×0.05m/s ≈1.0 m/s 。

(3)由牛顿第二定律得a ＝mg sin 37°－μmg cos 37°m ＝g sin 37°－μg cos 37°，解得μ＝0.25。

[答案] (1)4.0(2分) (2)1.0(2分) (3)0.25(2分)23.[解析] (1)铜电线的直径d ＝1 mm ＋12.5×0.01 mm ＝1.125 mm 。

(2)P 测量的电压大于N 测量的电压，故P 是电压表V 2，N 是电压表V 1。

(3)偏大，由于没考虑电压表V 1的分流作用，使测得的铜电线的电阻偏大。

(4)分析电路可知，通过铜电线的电流I x ＝I R ＝U 1R ，R x ＝U 2－U 1I x ＝U 2－U 1U 1R ＝，整理得U 2U 1＝1＋R x ·1R ，根据题图丙可知斜率k ＝R x ＝7.50－1.002.50－0 Ω＝2.60 Ω，S ＝πr 2＝πd22＝0.994 mm 2，ρ＝R x S L ＝2.60×0.994×10－6100Ω·m ＝2.58×10－8 Ω·m ，故这捆铜导线的电阻率达不到要求，使用的有可能是再生铜或含过多杂质的铜。

[答案] (1)1.125 (2)电压表V 2 电压表V 1 (3)偏大 电压表V 1有分流作用 (4) 2.60 2.58×10－8 Ω·m 可能是再生铜或含过多杂质的铜24．(14分)[解析] (1)设导体棒滑至CD 瞬间的速度为v ，导体棒由CD 滑至EF 过程中，某时刻速度为v ,，有E=BLv , ①(1分) 此时导体棒的电流I ＝23R E②(1分)导体棒所受安培力F ＝BIL ＝Rv L B 3222，③(1分)经时间t ∆，对导体棒应用动量定理，有 －FΔt ＝m Δv ④(1分)③④得v m x R L B ∆=∆32-22⑤ （1分） 两边分别求和得mv x RL B -32-22=⑥（1分） v ＝2B 2L 33mR(1分)导体棒将要滑到CD 瞬间产生的感应电动势的瞬时值为 E ＝BL v cos θ (1分) 导体棒所受安培力的瞬间值 F ＝2B 2L 2v 3Rcos θ⑦(1分)取沿倾斜导轨向下的方向为正方向，由牛顿第二定律有 mg sin θ－2B 2L 2v 3Rθ2cos ＝ma ⑧(2分)得a ＝g sin θ－222549cos 4Rm L B θ。

⑨(1分) (2)导体棒由AB 滑至CD 过程产生的电能 E 1＝mgL sin θ－12m v 2⑩(2分)导体棒由CD 滑至EF 过程产生的电能 E 2＝12m v 2⑪(1分)两者的比值E 1E 2＝9m 2gR 2sin θ2B 4L 5－1。

⑫(1分) [答案] (1)g sin θ－222549cos 4R m L B θ；(2)9m 2gR 2sin θ2B 4L 5－125.【答案】（1）mvqR (2)1),0R ⎡⎤⎣⎦ R【解析】 【详解】（1）设一粒子自磁场边界A 点进入磁场，该粒子由O 点射出圆形磁场，轨迹如图甲所示，过A 点做速度的垂线长度为r ,C 为该轨迹圆的圆心.连接AO ˊ、CO ，可证得ACOO ˊ为菱形，根据图中几何关系可知：粒子在圆形磁场中的轨道半径r =R ， （1分）由2v qvB m r=（2分）得：mvB qR=（1分）（2）有一半粒子打到挡板上需满足从O 点射出的沿x 轴负方向的粒子、沿y 轴负方向的粒子轨迹刚好与挡板相切，如图乙所示，过圆心D 做挡板的垂线交于E 点DP =1)OP R = （2分）P 点的坐标为（1)R ，0 ） （2分）（3）设打到挡板最左侧的粒子打在挡板上的F 点，如图丙所示，OF =2R ① （2分）过O 点做挡板的垂线交于G 点，==+① （2分）1)(1OG R RFG=① （2分）EG=① (2分）R R①（2分）挡板上被粒子打中的区域长度l=FE=2(二)选考题：共15分。

请考生从两道物理题中任选一题作答。

如果多做，则按所做的第一题计分。

33．[物理—选修3－3](15分)[解析](1)一切物体的分子都在做无规则的热运动，A项正确；气体存在压强是因为气体分子对器壁的撞击产生的，B项错误；改变内能的方式有做功和热传递，气体从外界吸热，其内能不一定增加，C项正确；把一定量的气体压缩，但若对外传递热量，则其内能可能减小，D项错误；热量不可以自发地从低温物体传到高温物体，但在一定条件下可以实现，E项正确。

(2)气体压缩之前，活塞a、b处于平衡状态，气体1、2的压强均为p0，设气体a、b压缩后的压强分别为p1、p2，压缩气体过程为等温过程，由玻意耳定律：对1气体：p0V10＝p1V1(2分)对2气体：p0V20＝p2V2(2分)对两活塞和2气体整体：p1S＝p0S＋p0S(2分)设弹簧弹力为F′，对于活塞ap 1S ＝p 2S ＋F ′(2分) 解得F ′＝p 0S2。