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华北电力大学硕士研究生课程考试试题(A卷)矩阵论答案

华北电力大学硕士研究生课程考试试题
(A卷)(2013-2014)
一、判断题(每小题2分,共10分)
1. 方阵A的任意一个特征值的代数重数不大于它的几何重数。

(X)
见书52页,代数重数指特征多项式中特征值的重数,几何重数指不变子空间的维数,前者加起来为n,后
者小于等于n
2. 设12
,,,m αααL 是线性无关的向量,则
12dim(span{,,,})m m ααα=L .
正确,线性无关的向量张成一组基
3.如果12,V V 是V 的线性
子空间,则1
2V V ⋃也是V
的线性子空间.
错误,按照线性子空间的定
义进行验证。

Aλ是可逆4. n阶λ-矩阵()
Aλ的充分必要条件是()
的秩是n .
见书60页,需要要求矩阵的行列式是一个非零的数5. n阶实矩阵A是单纯矩阵的充分且必要条件是A
的最小多项式没有重根. 见书90页。

二、填空题(每小题3分,共27分)
(6)
210021,
003A ⎛⎫ ⎪= ⎪ ⎪⎝⎭则A e 的
Jordan 标准型为2
23e 100
e 0,00e ⎛⎫ ⎪ ⎪ ⎪⎝
⎭。

首先写出
A
e
然后对于
若当标准型要求非对角元部分为1.
(7)
301
002
030λ
λ
λ
-
⎛⎫ ⎪
+ ⎪ ⎪
-
⎝⎭
的Smith标准型为
见书61-63页,将矩阵做变换即得
(8)设
1000.10.30.20
0.40.5A ⎛⎫ ⎪= ⎪ ⎪-⎝⎭,则100lim 000000n
n A
→+∞⎛⎫ ⎪= ⎪ ⎪⎝⎭。

见书109页,可将A 对角化再计算即得。

(9)2345⎛⎫ ⎪-⎝⎭ 在基
11120000,,,00001321⎛⎫⎛⎫⎛⎫⎛⎫ ⎪ ⎪ ⎪ ⎪-⎝⎭⎝⎭⎝⎭⎝⎭
下的坐标为(1,1,2,1)T。

见书12页,自然基下坐标为(2,3,4,-5)T ,再写出
过渡矩阵A,坐标即A的逆乘以自然基下坐标。

对于本题来说。

由于第一行实际上只和前两个基有关,第二行只和后两个基有关。

因此不用那么麻烦,只需要计算(1,1)x+(1,2)y=(2,3)就可得解为1,1.再解(1,-3)x+(2,1)y=(4,-5)就可以得解为2,1.整理一下即得坐标。

(10)设
423243537A -⎛⎫ ⎪= ⎪ ⎪--⎝⎭
,则A ∞= 15。

见书100页,计算每行的绝对值的和。

=2003⎛⎫ ⎪⎝
⎭。

对矩阵中的每个元素求极限。

12设
,,m n p q m q A R B R C R
⨯⨯⨯∈∈∈是已知矩阵,则矩阵方程
AXB C =的极小
范数最小二乘解是+()T X A B C =⊗u u r u r 见书113-115页,将矩阵方程拉直,再用广义逆的定义去算。

(11)若n 阶方阵A 满足
30A =,则
cos A =
212E A - 。

见书121页,30A =,所
以后面的项都为零。

(12)方阵A 的特征多项式是33
(2)(3)(5)λλλ---,最小多项式是 2
(2)(3)(5)λλλ---,则
A的Jordan标准形是
特征多项式决定了A的阶数以及各个特征值的重根数,即有3个2,3个3,1个5.最小多项式决定了若当块的大小,如2有1个1阶和1个2阶,3和5都只有1阶的若当块。

三(7分)、设
+=有唯一证明AX XB C
解。

见书114页,本题需要验证A 和-B 没有相同的特征值,具体解法如下。

证明:
33+T A E E B ⊗⊗非奇异。

显然,B -的特征值为2,1,2--,下证明:2,1,2--不是A 的特征值:
(1) 方法1:用圆盘定
理。

A 的三个行圆盘分别

(12,4),(7,2),(8,1)B B B -,
2,1,2--都不在
中,因此A 与B -没有相同的特征值,从而0不是33+T
A E E
B ⊗⊗的特征
值,故33+T
A E E
B ⊗⊗可
逆,从而 AX XB C +=有唯一解。

(2) 方法2:求出A 的
特征多项式,再证明
2,1,2--不是A 的
特征值。

方法3:直接写出
33+T A E E B ⊗⊗,再证明
它非奇异。

四(8分)、设3维内积空间
在基123,,ααα下的矩

211150103A -⎛⎫ ⎪= ⎪ ⎪-⎝⎭。

求 123{++}span ααα
的正交补空间。

见书28页,内积空间在基下的矩阵是指度量矩阵。

按照内积定义给出正交补空间中元素应该满足的条件。

然后求解。

解:设
112233123=++({++})x x x span βαααααα⊥∈,
则123(,,)T x x x 满足方

它的基础解系为
12=(-3,1,0),=(0,1,3)T T ξξ-,
因此
五(10分)、设5阶实对称矩阵A 满足
23
(3)(5)0A E A E -+=,(3)1rank A E -=,求A 的谱半径和Frobenius 范

F A 。

注意A 满足的方程说明那个式子是零化多项式,并不是最小多项式,也不是特征多项式。

只说明A 的特征根为3和-5,再根据后面的条
件才知道有4个3和1个-5.然后根据范数定义得到结果。

解:因为实对称矩阵A 是5
阶矩阵,且满足
23
(3)(5)0A E A E -+=, (3)1rank A E -=,因此存在正交矩阵P ,使得
由于正交变换不改变矩阵的Frobenius 范数,因此 六(10分)、求
+
502145513305127⎛⎫ ⎪- ⎪ ⎪--⎝⎭ 。

见书184页,首先对矩阵满秩分解,再按广义逆的计算公式计算得到结果。

七(14分)、3()P t 的线性变换
2323012302132031()()()()()T a a t a t a t a a a a t a a t a a t +++=-+-+-+-
(1)求()()R T N T ,的基。

(2)求T
的一个三维不变子空间。

见书34-37页,要求相空间及零空间的基即对线性变
换在自然基下的矩阵做初
等行变换。

然后观察可得。

解:(1)求T 在下的矩阵。

解:基23
1,,,t t t ,因为
所以T 在基2
31,,,t t t 下的矩
阵1010010110100101A -⎛⎫ ⎪- ⎪= ⎪- ⎪-⎝⎭。

因此231,t t t --是()R T 的
基,23
1+,+t t t 是()N T 的
基。

(3) 取 232
{1,1+}
U span t t t t =--, ,易见2321,1+t t t t --, 线性无关,因此
232
{1,1+}U span t t t t =--,是三维的,且
()=()T U R T U ⊂ ,因此U
是T 的一个三维不变子空间。

八(14分)、已知
321141123A ⎛⎫ ⎪= ⎪ ⎪⎝⎭ ,
(1)求A 的Jordan 标准型。

(2)求ln A .
本题为三阶矩阵,因此首先计算A的特征多项式,发现特征根为2和6,然后判断最小多项式,即可得到若当标准型。

见书72-75页。

求ln A的方法见书127页。

或者126页,或者123页。

解:
6
2
2 A
J
⎛⎫

= ⎪

⎝⎭。

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