复变函数试题库————————————————————————————————作者:————————————————————————————————日期:《复变函数论》试题库梅一A111《复变函数》考试试题(一)1、 =-⎰=-1||00)(z z nz z dz__________.(n 为自然数)2.=+z z 22cos sin _________. 3.函数z sin 的周期为___________.4.设11)(2+=z z f ,则)(z f 的孤立奇点有__________.5.幂级数nn nz∞=∑的收敛半径为__________.6.若函数f(z)在整个平面上处处解析,则称它是__________.7.若ξ=∞→n n z lim ,则=+++∞→n z z z nn (i)21______________.8.=)0,(Re n zz e s ________,其中n 为自然数.9. zz sin 的孤立奇点为________ .10.若0z 是)(z f 的极点,则___)(lim 0=→z f z z .三.计算题(40分):1. 设)2)(1(1)(--=z z z f ,求)(z f 在}1||0:{<<=z z D 内的罗朗展式.2. .cos 11||⎰=z dz z3. 设⎰-++=C d z z f λλλλ173)(2,其中}3|:|{==z z C ,试求).1('i f +4. 求复数11+-=z z w 的实部与虚部.四. 证明题.(20分) 1. 函数)(z f 在区域D 内解析. 证明:如果|)(|z f 在D 内为常数,那么它在D 内为常数. 2. 试证: ()(1)f z z z =-在割去线段0Re 1z ≤≤的z 平面内能分出两个单值解析分支,并求出支割线0Re 1z ≤≤上岸取正值的那支在1z =-的值.《复变函数》考试试题(二)二. 填空题. (20分) 1. 设i z -=,则____,arg __,||===z z z2.设C iy x z y x i xy x z f ∈+=∀+-++=),sin(1()2()(222,则=+→)(lim 1z f iz ________.3.=-⎰=-1||00)(z z n z z dz_________.(n 为自然数)4. 幂级数nn nz∞=∑的收敛半径为__________ .5. 若z 0是f (z )的m 阶零点且m >0,则z 0是)('z f 的_____零点.6. 函数e z 的周期为__________.7. 方程083235=++-z z z 在单位圆内的零点个数为________. 8. 设211)(z z f +=,则)(z f 的孤立奇点有_________. 9. 函数||)(z z f =的不解析点之集为________.10. ____)1,1(Res 4=-zz .三. 计算题. (40分)1. 求函数)2sin(3z 的幂级数展开式. 2. 在复平面上取上半虚轴作割线. 试在所得的区域内取定函数z 在正实轴取正实值的一个解析分支,并求它在上半虚轴左沿的点及右沿的点i z =处的值.3. 计算积分:⎰-=iiz z I d ||,积分路径为(1)单位圆(1||=z )的右半圆.4. 求dzz zz ⎰=-22)2(sin π.四. 证明题. (20分)1. 设函数f (z )在区域D 内解析,试证:f (z )在D 内为常数的充要条件是)(z f 在D 内解析.2. 试用儒歇定理证明代数基本定理.《复变函数》考试试题(三)二. 填空题. (20分) 1. 设11)(2+=z z f ,则f (z )的定义域为___________. 2. 函数e z的周期为_________. 3. 若n n ni n n z )11(12++-+=,则=∞→n z n lim __________.4. =+z z 22cos sin ___________.5. =-⎰=-1||00)(z z nz z dz_________.(n 为自然数)6. 幂级数∑∞=0n nnx的收敛半径为__________.7. 设11)(2+=z z f ,则f (z )的孤立奇点有__________.8. 设1-=z e ,则___=z . 9. 若0z是)(z f 的极点,则___)(lim 0=→z f z z .10. ____)0,(Res =n zze .三. 计算题. (40分)1. 将函数12()zf z z e =在圆环域0z <<∞内展为Laurent 级数.2. 试求幂级数nn nz nn ∑+∞=!的收敛半径. 3. 算下列积分:⎰-C z z z ze )9(d 22,其中C 是1||=z .4. 求0282269=--+-z z z z在|z |<1内根的个数.四. 证明题. (20分) 1. 函数)(z f 在区域D 内解析. 证明:如果|)(|z f 在D 内为常数,那么它在D 内为常数.2. 设)(z f 是一整函数,并且假定存在着一个正整数n ,以及两个正数R 及M ,使得当R z ≥||时n z M z f |||)(|≤,证明)(z f 是一个至多n 次的多项式或一常数。
《复变函数》考试试题(四)二. 填空题. (20分)1. 设iz -=11,则___Im __,Re ==z z .2. 若ξ=∞→n n z lim ,则=+++∞→nz z z nn (i)21______________.3. 函数e z 的周期为__________.4. 函数211)(z z f +=的幂级数展开式为__________ 5. 若函数f (z )在复平面上处处解析,则称它是___________.6. 若函数f (z )在区域D 内除去有限个极点之外处处解析,则称它是D 内的_____________.7. 设1|:|=z C ,则___)1(=-⎰Cdz z .8. zz sin 的孤立奇点为________.9. 若0z 是)(z f 的极点,则___)(lim 0=→z f z z .10.=)0,(Res n zze _____________.三. 计算题. (40分)1. 解方程013=+z .2. 设1)(2-=z e z f z,求).),((Re ∞z f s3..))(9(2||2⎰=+-z dz i z z z.4. 函数()f z =z e z111--有哪些奇点?各属何类型(若是极点,指明它的阶数).四. 证明题. (20分)1. 证明:若函数)(z f 在上半平面解析,则函数)(z f 在下半平面解析.2. 证明0364=+-z z 方程在2||1<<z 内仅有3个根.《复变函数》考试试题(五)二. 填空题.(20分) 1. 设i z 31-=,则____,arg __,||===z z z .2. 当___=z 时,z e 为实数.3. 设1-=z e ,则___=z .4.z e 的周期为___.5. 设1|:|=z C ,则___)1(=-⎰Cdz z .6. ____)0,1(Res =-ze z .7. 若函数f (z )在区域D 内除去有限个极点之外处处解析,则称它是D 内的_____________。
8. 函数211)(zz f +=的幂级数展开式为_________. 9. zz sin 的孤立奇点为________.10. 设C 是以为a 心,r 为半径的圆周,则___)(1=-⎰C n dz a z .(n 为自然数)三. 计算题. (40分)1. 求复数11+-z z 的实部与虚部.2. 计算积分:z z I Ld Re ⎰=,在这里L 表示连接原点到1i +的直线段. 3.求积分:I =⎰+-πθθ202cos 21a a d ,其中0<a<1.4.应用儒歇定理求方程)(z z ϕ=,在|z|<1内根的个数,在这里)(z ϕ在1||≤z 上解析,并且1|)(|<z ϕ.四. 证明题. (20分) 1. 证明函数2||)(z z f =除去在0=z 外,处处不可微.2. 设)(z f 是一整函数,并且假定存在着一个正整数n ,以及两个数R 及M ,使得当R z ≥||时n z M z f |||)(|≤,证明:)(z f 是一个至多n 次的多项式或一常数.《复变函数》考试试题(六)1.一、填空题(20分)1. 若21(1)1n n n z i n n+=++-,则lim n z =___________. 2. 设21()1f z z =+,则()f z 的定义域为____________________________.3. 函数sin z 的周期为_______________________.4.22sin cos z z +=_______________________.5. 幂级数nn nz+∞=∑的收敛半径为________________.6. 若0z 是()f z 的m 阶零点且1m >,则0z 是()f z '的____________零点.7. 若函数()f z 在整个复平面处处解析,则称它是______________.8. 函数()f z z =的不解析点之集为__________.9. 方程532380z z z -++=在单位圆内的零点个数为___________. 10. 公式cos sin ixe x i x =+称为_____________________. 二、计算题(30分)1、2lim 6nn i →∞-⎛⎫ ⎪⎝⎭. 2、设2371()C f z d z λλλλ++=-⎰,其中{}:3C z z ==,试求(1)f i '+. 3、设2()1ze f z z =+,求Re ((),)s f z i .4、求函数36sin z z 在0z <<∞内的罗朗展式.5、求复数11z w z -=+的实部与虚部. 6、求3i eπ-的值.三、证明题(20分)1、 方程7639610z z z ++-=在单位圆内的根的个数为6.2、 若函数()(,)(,)f z u x y iv x y =+在区域D 内解析,(,)v x y 等于常数,则()f z 在D 恒等于常数.3、 若0z 是()f z 的m 阶零点,则0z 是1()f z 的m 阶极点.6.计算下列积分.(8分) (1)22sin ()2z z dz z π=-⎰Ñ; (2) 2242(3)z z dz z z =--⎰Ñ.7.计算积分2053cos d πθθ+⎰.(6分)8.求下列幂级数的收敛半径.(6分)(1) 1(1)nnn i z ∞=+∑; (2) 21(!)nn n n z n ∞=∑.9.设3232()()f z my nx y i x lxy =+++为复平面上的解析函数,试确定l ,m ,n 的值.(6分)三、证明题.1.设函数()f z 在区域D 内解析,()f z 在区域D 内也解析,证明()f z 必为常数.(5分) 2.试证明0az az b ++=的轨迹是一直线,其中a 为复常数,b 为实常数.(5分)试卷一至十四参考答案《复变函数》考试试题(一)参考答案二.填空题 1. 2101i n n π=⎧⎨≠⎩; 2. 1; 3. 2k π,()k z ∈; 4. z i =±; 5. 16. 整函数;7. ξ;8. 1(1)!n -; 9. 0; 10. ∞.三.计算题.1. 解 因为01,z << 所以01z <<111()(1)(2)12(1)2f z z z z z ==-----001()22nn n n z z ∞∞===-∑∑. 2. 解 因为22212Re ()limlim 1cos sin z z z z s f z z z ππππ→→=+===--, 22212Re ()limlim 1cos sin z z z z s f z z zππππ→-→-=--===-. 所以22212(Re ()Re ()0cos z z z dz i s f z s f z z πππ==-==+=⎰. 3. 解 令2()371ϕλλλ=++, 则它在z 平面解析, 由柯西公式有在3z <内, ()()2()c f z dz i z z ϕλπϕλ==-⎰.所以1(1)2()2(136)2(613)z i f i i z i i i πϕππ=+''+==+=-+. 4. 解 令z a bi =+, 则222222122(1)2(1)211111(1)(1)(1)z a bi a bw z z a b a b a b -+-+==-=-=-+++++++++. 故 2212(1)Re()11(1)z a z a b -+=-+++, 2212Im()1(1)z bz a b -=+++. 四. 证明题.1. 证明 设在D 内()f z C =.令2222(),()f z u iv f z u v c =+=+=则.两边分别对,x y 求偏导数, 得 0(1)0(2)x x yy uu vv uu vv +=⎧⎨+=⎩因为函数在D 内解析, 所以,x y y x u v u v ==-. 代入 (2) 则上述方程组变为00x x x x uu vv vu uv +=⎧⎨-=⎩. 消去x u 得, 22()0x u v v +=. 1) 若220u v +=, 则 ()0f z = 为常数.2) 若0x v =, 由方程 (1) (2) 及 ..C R -方程有0,x u = 0y u =, 0y v =. 所以12,u c v c ==. (12,c c 为常数). 所以12()f z c ic =+为常数. 2. 证明()(1)f z z z =-的支点为0,1z =. 于是割去线段0Re 1z ≤≤的z 平面内变点就不可能单绕0或1转一周, 故能分出两个单值解析分支.由于当z 从支割线上岸一点出发,连续变动到0,1z = 时, 只有z 的幅角增加π. 所以()(1)f z z z =-的幅角共增加2π. 由已知所取分支在支割线上岸取正值, 于是可认为该分支在上岸之幅角为0, 因而此分支在1z =-的幅角为2π, 故2(1)22i f e i π-==.《复变函数》考试试题(二)参考答案二. 填空题1.1,2π-, i ; 2. 3(1sin 2)i +-; 3. 2101i n n π=⎧⎨≠⎩; 4. 1; 5. 1m -. 6. 2k i π,()k z ∈. 7. 0; 8. i ±; 9. R ; 10. 0. 三. 计算题1. 解 3212163300(1)(2)(1)2sin(2)(21)!(21)!n n n n n n n z z z n n +++∞∞==--==++∑∑.2. 解 令i z re θ=. 则22(),(0,1)k if z z rek θπ+===.又因为在正实轴去正实值,所以0k =.所以4()if i eπ=.3. 单位圆的右半圆周为i z e θ=, 22ππθ-≤≤.所以22222ii i iz dz de ei ππθθππ---===⎰⎰.4. 解dz z zz ⎰=-22)2(sin π2)(sin 2ππ='=z z i 2cos 2ππ==z zi =0.四. 证明题.1. 证明 (必要性) 令12()f z c ic =+,则12()f z c ic =-. (12,c c 为实常数). 令12(,),(,)u x y c v x y c ==-. 则0x y y x u v u v ====. 即,u v 满足..C R -, 且,,,x y y x u v u v 连续, 故()f z 在D 内解析. (充分性) 令()f z u iv =+, 则 ()f z u iv =-, 因为()f z 与()f z 在D 内解析, 所以,x y y x u v u v ==-, 且(),()x y y y x x u v v u v v =-=-=--=-.比较等式两边得 0x y y x u v u v ====. 从而在D 内,u v 均为常数,故()f z 在D 内为常数.2. 即要证“任一 n 次方程 101100(0)n n n n a z a z a z a a --++⋅⋅⋅++=≠ 有且只有 n 个根”.证明 令1011()0nn n n f z a z a z a z a --=++⋅⋅⋅++=, 取10max ,1n a a R a ⎧⎫+⋅⋅⋅+⎪⎪>⎨⎬⎪⎪⎩⎭, 当z 在:C z R =上时, 有 111110()()n n nn n n z a R a R a a a R a R ϕ---≤+⋅⋅⋅++<+⋅⋅⋅+<.()f z =.由儒歇定理知在圆 z R < 内, 方程10110n n n n a z a z a z a --++⋅⋅⋅++= 与 00na z = 有相同个数的根. 而 00na z = 在 z R < 内有一个 n 重根 0z =. 因此n 次方程在z R <内有n 个根.《复变函数》考试试题(三)参考答案二.填空题.1.{},z z i z C ≠±∈且;2. 2()k i k z π∈;3. 1ei -+;4. 1;5. 2101i n n π=⎧⎨≠⎩; 6. 1; 7. i ±; 8. (21)z k i π=+; 9. ∞; 10. 1(1)!n -.三. 计算题.1. 解 12222011(1)2!!n zn z z e z z z n -+∞==+++⋅⋅⋅=∑.2. 解 11!(1)11lim lim lim()lim(1)(1)!n n n n n n n n n n c n n n e c n n n n +→∞→∞→∞→∞+++=⋅==+=+.所以收敛半径为e .3. 解 令 22()(9)z e f z z z =-, 则 2001Re ()99z z z e s f z z ====--.故原式022Re ()9z i i s f z ππ===-.4. 解 令 962()22f z z z z =-+-, ()8z z ϕ=-.则在:C 1z =上()()f z z ϕ与均解析, 且()6()8f z z ϕ≤<=, 故由儒歇定理有(,)(,)1N f C N f C ϕϕ+=+=. 即在 1z < 内, 方程只有一个根. 四. 证明题.1. 证明 证明 设在D 内()f z C =. 令2222(),()f z u iv f z u v c =+=+=则.两边分别对,x y 求偏导数, 得 0(1)0(2)x x yy uu vv uu vv +=⎧⎨+=⎩因为函数在D 内解析, 所以,x y y x u v u v ==-. 代入 (2) 则上述方程组变为00x x x x uu vv vu uv +=⎧⎨-=⎩. 消去x u 得, 22()0x u v v +=. 1) 220u v +=, 则 ()0f z = 为常数.2) 若0x v =, 由方程 (1) (2) 及 ..C R -方程有0,x u = 0y u =, 0y v =. 所以12,u c v c ==. (12,c c 为常数).所以12()f z c ic =+为常数.2. 证明 取 r R >, 则对一切正整数 k n > 时, ()1!()!(0)2nk k kz rk f z k Mr f dz z r π+=≤≤⎰. 于是由r 的任意性知对一切k n >均有()(0)0k f =.故0()nn nk f z c z==∑, 即()f z 是一个至多n 次多项式或常数.《复变函数》考试试题(四)参考答案.二. 填空题.1. 12, 12; 2. ξ; 3. 2()k ik z π∈; 4.20(1)(1)n nn zz ∞=-<∑; 5. 整函数;6. 亚纯函数;7. 0;8. 0z =;9. ∞; 10. 1(1)!n +.三. 计算题. 1.i i z i z ii z k k i k z z 232135sin 35cos1sin cos 23213sin 3cos 2,1,032sin 32cos1:3213-=+=-=+=+=+==+++=⇒-=ππππππππππ解2. 解 11Re ()12z z z e e s f z z ====+, 111Re ()12z z z e e s f z z -=-=-==+-.故原式1112(Re ()Re ())()z z i s f z s f z i e e ππ-==-=+=-.3. 解 原式22Re ()295z iz izi s f z iz πππ=-=-===-.4. 解 z e z 111--=)1(1-+-z ze z e z ,令0)1(=-z e z ,得i k z z π2,0==,Λ,2,1±±=k 而z z zz z z z z z ze e e z e e z z e +--=-+-=--→→→11lim )1(1lim )111(lim 00021lim 0-=++-=→z z z z z ze e e e 0=∴z 为可去奇点 当i k z π2=时,01),0(≠+-≠ze z k而[]0212)1(≠=+-=='-ik z ze ei k z zezzzππ i k z π2=∴为一阶极点.四. 证明题.1. 证明 设()()F z f z =, 在下半平面内任取一点0z , z 是下半平面内异于0z 的点, 考虑 000000000()()()()()()limlim limz z z z z z F z F z f z f z f z f z z z z z z z →→→---==---. 而0z , z 在上半平面内, 已知()f z 在上半平面解析, 因此00()()F z f z ''=, 从而()()F z f z =在下半平面内解析.2. 证明 令()63f z z =-+, 4()z z ϕ=, 则()f z 与()z ϕ在全平面解析, 且在1:2C z =上, ()15()16f z z ϕ≤<=,故在2z <内11(,)(,)4N f C N C ϕϕ+==.在2:1C z =上, ()3()1f z z ϕ≥>=,故在1z <内22(,)(,)1N f C N f C ϕ+==.所以f ϕ+在12z <<内仅有三个零点, 即原方程在12z <<内仅有三个根.一. 判断题.1.√2.√ 3.×4.√5.× 6.× 7.× 8.√ 9.√ 10.√. 二. 填空题.1.2, 3π-, 13i +; 2. 2(,)a k ik z a π+∈为任意实数; 3. (21)k i π+, ()k z ∈; 4. 2,()k i k z π∈; 5. 0; 6. 0;7. 亚纯函数; 8. 20(1)(1)n nn z z ∞=-<∑; 9. 0; 10. 2101i n n π=⎧⎨≠⎩.三. 计算题.1. 解 令z a bi =+, 则 222222122(1)2(1)211111(1)(1)(1)z a bi a bw z z a b a b a b -+-+==-=-=-+++++++++. 故 2212(1)Re()11(1)z a z a b -+=-+++, 2212Im()1(1)z bz a b -=+++. 2. 解 连接原点及1i +的直线段的参数方程为 (1)01z i tt =+≤≤, 故{}11001Re Re[(1)](1)(1)2c izdz i t i dt i tdt +=++=+=⎰⎰⎰.3. 令i z e θ=, 则dz d izθ=. 当0a ≠时212()(1)12cos 1()z a az a a a z z a zθ----+=-++=, 故11()(1)z dz I i z a az ==--⎰, 且在圆1z <内1()()(1)f z z a az =--只以z a =为一级极点,在1z =上无奇点, 故211Re (),(01)11z a z a s f z a az a ====<<--, 由残数定理有 2122Re (),(01)1z a I i s f z a i a ππ===≤<-.4. 解 令(),f z z =- 则(),()f z z ϕ在1z ≤内解析, 且在:C 1z =上, ()1()z f z ϕ<=,所以在1z <内, (,)(,)1N f C N f C ϕ+==, 即原方程在 1z <内只有一个根. 四. 证明题.1. 证明 因为22(,),(,)0u x y x y v x y =+≡, 故2,2,0x y x y u x u y v v ====.这四个偏导数在z 平面上处处连续, 但只在0z =处满足..C R -条件, 故()f z 只在除了0z =外处处不可微.2. 证明 取 r R >, 则对一切正整数 k n > 时, ()1!()!(0)2nk k kz rk f z k Mr f dz z r π+=≤≤⎰. 于是由r 的任意性知对一切k n >均有()(0)0k f =.故0()nn nk f z c z==∑, 即()f z 是一个至多n 次多项式或常数.二、填空题:1. 1ei -+ 2. 1z ≠± 3. 2π 4. 1 5. 16. 1m -阶7. 整函数8. £9. 0 10. 欧拉公式 三、计算题: 1. 解:因为21151,69366i -=+=< 故2lim()06nn i →∞-=. 2. 解:123,i +=<Q1()()2C f f z d i zλλπλ∴=-⎰ 2371.C d zλλλλ++=-⎰ 因此 2()2(371)f i λπλλ=++ 故2()2(371)f z i z z π=++1(1)2(67)2(136)2(613)i f i i z i i i πππ+'+=+=+=-+.3.解:211()12z z e e z z i z i =⋅+++-Re ((),).2ie sf z i ∴=4.解:3213(1)()sin ,(21)!n n n z z n +∞=-=+∑36360sin (1).(21)!n n n z z z n ∞-=-∴=+∑5.解:设z x iy =+, 则222211(1)211(1)z x iy x y yiw z z iy x y --++-+===+++++. 22222212Re ,Im .(1)(1)x y yw w x y x y +-∴==++++6.解:31cos()sin()(13).332i ei i πππ-=-+-=-四、1. 证明:设673()9,()61,f z z z z z ϕ==+-则在1z =上,()9,()1618,f z z ϕ=≤++= 即有()()f z z ϕ>.根据儒歇定理,()f z 与()()f z z ϕ+在单位圆内有相同个数的零点,而()f z 的零点个数为6,故7639610z z z ++-=在单位圆内的根的个数为6.2.证明:设(,)v x y a bi =+,则0x y v v ==, 由于()f z u iv =+在内D 解析,因此(,)x y D ∀∈有 0x y u v ==, 0y x u v =-=.于是(,)u x y c di ≡+故()()()f z a c b d i =+++,即()f z 在内D 恒为常数. 3.证明:由于0z 是()f z 的m 阶零点,从而可设0()()()mf z z zg z =-,其中()g z 在0z 的某邻域内解析且0()0g z ≠, 于是0111()()()m f z z z g z =⋅- 由0()0g z ≠可知存在0z 的某邻域1D ,在1D 内恒有()0g z ≠,因此1()g z 在内1D 解析,故0z 为1()f z 的m 阶极点.。