复变函数积分方法总结经营教育乐享[选取日期]复变函数积分方法总结数学本就灵活多变，各类函数的排列组合会衍生多式多样的函数新形势，同时也具有本来原函数的性质，也会有多类型的可积函数类型，也就会有相应的积分函数求解方法。
就复变函数：z=x+iy i2=-1 ，x,y分别称为z的实部和虚部，记作x=Re(z),y=Im(z)。
arg z=θ θ称为主值 -π＜θ≤π，Arg=argz+2kπ。
利用直角坐标和极坐标的关系式x=rcosθ，y=rsin θ,故z= rcos θ+i rsin θ；利用欧拉公式e iθ=cos θ+isin θ。
z=re iθ。
1.定义法求积分：定义：设函数w=f(z)定义在区域D 内，C 为区域D 内起点为A 终点为B 的一条光滑的有向曲线，把曲线C 任意分成n 个弧段，设分点为A=z 0 ，z 1，…，z k-1，z k ，…，z n =B ，在每个弧段z k-1 z k (k=1,2…n)上任取一点z k - z k-1，弧段z k-1 z k 的长度 δ=max1≤k ≤n {S k }(k=1,2…,n),当 δ→0时，不论对c 的分发即k 的∫f (z )dz c=limδ 0∑f (?k )nk −1z k设C 负方向(即B 到A 的积分记作) ∫f (z )dz c −.当C 为闭曲线时，f(z)的积分记作∮f (z )dz c (C 圆周正方向为逆时针方向)例题：计算积分1)∫dz c 2) ∫2zdz c ,其中C 表示a 到b 的任一曲线。
（1） 解：当C 为闭合曲线时，∫dz c =0. ∵f(z)=1 S n =∑f (?k )nk −1(z k -z k-1)=b-a∴lim n 0Sn =b-a,即1)∫dz c =b-a.(2)当C 为闭曲线时，∫dz c =0. f(z)=2z;沿C 连续，则积分∫zdz c 存在，设k =z k-1,则 ∑1= ∑Z n k −1（k −1）(z k -z k-1) 有可设k =z k ，则∑2= ∑Z n k −1（k −1）(z k -z k-1)因为S n 的极限存在，且应与∑1及∑2极限相等。
所以S n = (∑1+∑2)= ∑k −1n z k (z k 2−z k −12)=b 2-a2∴ ∫2zdz c=b 2-a 2定义衍生1：参数法：f(z)=u(x,y)+iv(x,y), z=x+iy 带入∫f (z )dz c 得： ∫f (z )dz c = ∫udx c - vdy + i ∫vdx c + udy 再设z(t)=x(t)+iy(t) (α≤t ≤β)∫f (z )dz c =∫f (z (t ))z (t )dt βα参数方程书写：z=z 0+(z 1-z 0)t （0≤t ≤1）；z=z 0+re i θ，(0≤θ≤2π)例题1： ∫z 2dz 3+i 0积分路线是原点到3+i 的直线段解：参数方程 z=（3+i ）t∫z 2dz 3+i 0=∫[(3+i )t ]2[(3+i )t ]′dt 1=(3+i)3∫t 2dt 1=6+263i例题2： 沿曲线y=x 2计算∫（x 2+iy）dz 1+i解： 参数方程 {x =t y =t2 或z=t+it 2(0≤t ≤1) ∫(x 2+iy )dz 1+i0=∫（t 2+it 2）(1+2it )dt 10 =(1+i)[∫(t 2dt )dt 10 + 2i ∫t 3dt 1] =-16+56i定义衍生2 重要积分结果： z=z 0+ re i θ ，(0≤θ≤2π) 由参数法可得：∮dz(z −z 0)n +1c =∫ire iθe i（n +1）θrn +12πd θ=i r n ∫e −inθ1+id θ∮dz(z −z 0)n +1c={2πi n =00 n ≠0例题1：∮dz|z |=1例题2：∮dzz −2|z |=1解： =0 解 =2πi 2.柯西积分定理法：柯西-古萨特定理：若f(z)dz 在单连通区域B 内解析，则对B 内的任意一条封闭曲线有：∮f (z )dz c=0定理2：当f 为单连通B 内的解析函数是积分与路线无关，仅由积分路线的起点z 0与终点z 1来确定。
闭路复合定理：设函数f(z)在单连通区域D 内解析，C 与C 1是D 内两条正向简单闭曲线，C 1在C 的内部，且以复合闭路Γ=C+C 1所围成的多连通区域G 全含于D 则有：∮f (z )dz Γ=∮f (z )dz c+∮f (z )dz c 1=0即∮f (z )dz c=∮f (z )dzc 1推论：∮f (z )dz c=∑∮f (z )dzc kn k =1例题：∮2z −1z 2−zdz cC 为包含0和1的正向简单曲线。
解： 被积函数奇点z=0和z=1.在C 内互不相交，互不包含的正向曲线c 1和c 2。
∮2z −1z 2−zdz c=∮2z −1z(1−z )dz c1+∮2z −1z(1−z )dzc2=∮1z −1+1zdz c1+∮1z −1+1zdzc2=∮1z −1dz c1+∮1zdz c1+∮1z −1dz c2+∮1zdzc2=0+2πi+2πi+0 =4πi原函数法(牛顿-莱布尼茨公式)：定理可知，解析函数在单连通域B 内沿简单曲线C 的积分只与起点z 0与终点z 1有关，即∫f (?)c d ? = ∫f (?)z1z 0d ? 这里的z 1和z 0积分的上下限。
当下限z 0固定，让上限z 1在B 内变动，则积分∫f (?)z1zd ?在B 内确定了一个单值函数F(z),即F(z)= ∫f (?)z1z 0d ? 所以有若f(z)在单连通区域B 内解析，则函数F(z)必为B 内的解析函数，且F (z) =f(z).根据定理和可得∫f (k )z 1zd k = F(z 1) - F(z 0). 例题：求∫zcosz 1d k 解： 函数zcosz 在全平面内解析∴∫zcosz 1d k =zsinz |0i -∫sinz 10d k = isin i+cosz |0i =isin i+cos i-1 =i e −1−12i+e −1+12i-1=e -1-1此方法计算复变函数的积分和计算微积分学中类似的方法，但是要注意复变适合此方法的条件。
柯西积分公式法：设B 为以单连通区域，z 0位B 中一点，如f(z)在B 内解析，则函数f (z )z −z 0在z 0不解析，所以在B 内沿围绕z 0的闭曲线C 的积分∫f (z )z −z 0dz c一般不为零。
取z 0位中心，以δ>0为半径的正向圆周|z −z 0|=δ位积分曲线c δ，由于f(z)的连续性，所以∫f (z )z −z 0dz c=∫f (z )z −z 0dz c δ=2πif(z 0)定理：若f(z)在区域D 内解析，C 为D 内任何一条正向简单闭曲线，它的内部完全含于D ，z 0为C 内的任一点，有：f(z 0)=12πi∮f (z )z −zdz例题：1）∮|z |=2）∮z (9−z 2)(z +i )dz |z |=2解：=2π isin z|z=0=0 解： =∮z9−z 2z −(−i )dz |z |=2=2πiz 9−z2|z=-i=π5解析函数的高阶导数：解析函数的导数仍是解析函数，它的n 阶导数为f (n)(z 0)=n !2πi∮f (z )(z −z 0)n +1dz(n=1,2…)其中C 为f(z)的解析区域D 内围绕z 0的任一条正向简单闭曲线，而它的内部全含于D.例题：∮e z z5dz cC:|Z |=1解：由高阶导数的柯西积分公式：原式=2πi ?14!(e z )(4)|z=π2=πi 123.解析函数与调和函数：定义：（1）调和函数：如果二元实函数φ(x,y)在区域D 内具有二阶连续函数，且满足拉普拉斯方程：?2φ?x 2+?2φ?y 2=0，则称φ(x,y)为区域D 内的调和函数。
若f(z)=u+iv 为解析函数，则u 和v 都是调和函数，反之不一定正确（2）共轭调和函数:u(x ，y)为区域内给定的调和函数，我们把是 u+iv 在D 内构成解析函数的调和函数v(x,y)称为u(x,y)的共轭调和函数。
若v 是u 的共轭调和函数，则-u 是v 的共轭调和函数关系：任何在区域D 内解析的函数，它的实部和虚部都是D 内的调和函数；且虚部为实部的共轭调和函数。
求解方法：（1）偏积分法：若已知实部u=u(x,y),利用C-R 方程先求得v 的偏导数?u ?x=?v ?y，两边对y积分得v=∫?u ?xdy +g (x ).再由?u ?y=−?v ?x又得??x∫?v ?xdy +g (x)=- ?u?y从而g (x )=∫[−?u ?y−??x∫?u?x dy ]dx + Cv=∫?u ?xdy + ∫[−?u ?y−??x∫?u?x dy ]dx + C 同理可由v(x,y)求u(x,y).不定积分法：因为f (z)=U x +i V x = U x -iU y = V y +iV X 所以f(z)=∫U (z )dz +c f(z)=∫V (z )dz +c 线积分法：若已知实部u=u(x,y),利用C-R方程可得的dv=?v?xdx+?v?ydy=-?u?ydx+∫?u?xdy故虚部为v=∫−?u?y dx+（x，y）（x0，y0，）?u?xdy+C该积分与路径无关，可自选路径，同理已知v(x,y)也可求u(x,y).例题：设u=x2-y2+xy为调和函数，试求其共轭函数v(x,y)级解析函数f(z)=u(x,y)+iv(x,y)解：利用C-R条件?u ?x =2x+y?u?y=-2y+x?2u?x2=2?2u?y2=-2所以满足拉普拉斯方程，有?v ?x =−?u?y=2y-x?v?y=?u?x=2x+y所以v=∫(2y−x)dx+φ(y)=2xy- x 22+φ(y)?v?y=2x+φ(y)=2x+yφ(y)=y φ(y)=y 22+cv(x,y)=2xy-x22+y22+cf(z)=u(x,y)+iv(x,y)=12(2-i)z2+iC4.留数求积分：留数定义：设z为函数f(z)的一个孤立奇点，即f(z)在去心邻域、0<|z −z 0|<δ ,我们把f(z)在z 0处的洛朗展开式中负一次幂项系数c -1称为f(z)在z 0处的留数，记为Res[f(z),z 0]即Res[f(z),z 0]=c -1或者Res[f(z),z 0]=12πi ∮f (z )dz cC 为0<|z −z 0|<δ留数定理：设函数f(z)在区域D 内除有限个孤立奇点z 1z 2…z n,其中z k 表示函数f (z )的孤立奇点 孤立奇点：定义：如果函数k (k )在z 0不解析，但在z 0某个去心邻域0<|z −z 0|<δ内解析，则称z 0为f (z )的孤立奇点。