1.6示波器的奥秘学案(2020年粤教版高中物理选修3-1)第六节第六节示波器的奥秘示波器的奥秘学科素养与目标要求物理观念1.了解带电粒子在电场中只受电场力作用时的运动情况.2.知道示波管的主要构造和工作原理科学思维能综合运用力学和电学的知识分析.解决带电粒子在电场中的两种典型运动模型一.带电粒子的加速1基本粒子的受力特点对于质量很小的基本粒子,如电子.质子等,它们受到重力的作用一般远小于静电力,故可以忽略2带电粒子的加速1带电粒子在电场中做加速直线运动的条件只受电场力作用时,初速度为零或电场力方向与初速度方向相同2质量为m,电荷量为q的粒子从静止开始,仅在电场力作用下,经电压为U的电场加速后,根据动能定理qU12mv2,得粒子到达另一极板的速度v2qUm.二.带电粒子的偏转如图1所示,质量为m.带电荷量为q的基本粒子忽略重力,以初速度v0平行于两极板进入匀强电场,极板长为l,极板间距离为d,极板间电压为U.图11运动性质沿初速度方向速度为v0的匀速直线运动垂直v0的方向初速度为零的匀加速直线运动2运动规律偏移距离因为tlv0,aqUmd,所以偏移距离y12at2qUl22mv02d.偏转角度因为vyatqUlmv0d,所以tanvyv0qUlmdv02.三.示波器探秘1结构如图2所示为示波管的结构图图21灯丝2.阴极3.控制极4.第一阳极5.第二阳极6第三阳极7.竖直偏转系统8.水平偏转系统9荧光屏示波器的核心部件是示波管,示波管外部是一个抽成真空的玻璃管,内部主要有1电子枪由发射电子的灯丝及加速电极阴极.阳极组成;2偏转系统水平偏转系统,竖直偏转系统;3荧光屏2原理1扫描电压XX偏转电极接入的是由仪器自身产生的锯齿形扫描电压;2灯丝被电源加热后,出现热电子发射,发射出来的电子经加速电场加速后,以很大的速度进入偏转电场,如果在YY偏转极板上加一个随时间正弦变化的信号电压,在XX偏转极板上加上适当的偏转电压,在荧光屏上就会出现按YY偏转电压规律变化的可视图象1判断下列说法的正误1质量很小的粒子如电子.质子等,在电场中受到的重力可忽略不计2动能定理能分析匀强电场中的直线运动问题,不能分析非匀强电场中的直线运动问题3带电粒子在匀强电场中偏转时,加速度不变,粒子的运动是匀变速曲线运动4示波管电子枪的作用是产生高速飞行的电子束,偏转电极的作用是使电子束偏转,打在荧光屏不同位置2.如图3所示,M和N是匀强电场中的两个等势面,相距为d,电势差为U,一质量为m不计重力.电荷量为q的粒子,以速度v0通过等势面M的一点射入两等势面之间,则该粒子穿过等势面N的速度为________图3答案v022qUm解析由动能定理得qU12mv212mv02,解得vv022qUm.一.带电粒子的加速如图所示,平行板电容器两板间的距离为d,电势差为U.一质量为m.带电荷量为q的粒子,在电场力的作用下由静止开始从正极板A向负极板B运动1比较粒子所受电场力和重力的大小,说明重力能否忽略不计粒子质量是质子质量的4倍,即m41.671027kg,电荷量是质子的2倍2粒子的加速度是多大结果用字母表示在电场中做何种运动3计算粒子到达负极板时的速度大小结果用字母表示,尝试用不同的方法求解答案1粒子所受电场力大.重力小;因重力远小于电场力,故可以忽略重力2粒子的加速度为aqUmd.在电场中做初速度为0的匀加速直线运动3方法1利用动能定理求解由动能定理可知qU12mv2v2qUm.方法2利用牛顿运动定律结合运动学公式求解设粒子到达负极板时所用时间为t,则d12at2vataqUmd联立解得v2qUm.1带电粒子的分类及受力特点1电子.质子.粒子.离子等基本粒子,一般都不考虑重力2质量较大的微粒带电小球.带电油滴.带电颗粒等,除有说明或有明确的暗示外,处理问题时一般都不能忽略重力2分析带电粒子在电场力作用下加速运动的两种方法1利用牛顿第二定律Fma和运动学公式,只能用来分析带电粒子的匀变速运动2利用动能定理qU12mv212mv02.若初速度为零,则qU12mv2,对于匀变速运动和非匀变速运动都适用例1如图4所示,在点电荷Q激发的电场中有A.B两点,将质子和粒子分别从A点由静止释放到达B点时,它们的速度大小之比为多少图4答案21解析质子和粒子都带正电,从A点释放都将受电场力作用加速运动到B点,设A.B两点间的电势差为U,由动能定理可知,对质子12mHvH2qHU,对粒子12mv2qU.所以vHvqHmqmH142121.针对训练1xx盐城市第三中学期中如图5所示,在A板附近有一电子由静止开始向B板运动,则关于电子到达B板时的时间和速率,下列说法正确的是图5A两板间距越大,则加速的时间越长,获得的速率越小B两板间距越小,则加速的时间越短,获得的速率越小C两板间距越小,则加速的时间越短,获得的速率不变D两板间距越小,则加速的时间不变,获得的速率不变答案C解析由于两极板之间的电压不变,所以极板之间的场强为EUd,电子的加速度为aqEmqUmd,电子在电场中一直做匀加速直线运动,由d12at2qUt22md,所以电子加速的时间为td2mqU,由此可见,两板间距离越小,加速时间越短,对于全过程,由动能定理可知,qU12mv2,所以电子到达B板时的速率与两板间距离无关,仅与加速电压U有关,故C正确,A.B.D错误二.带电粒子的偏转如图6所示,质量为m.电荷量为q的粒子以初速度v0垂直于电场方向射入两极板间,两极板间存在方向竖直向下的匀强电场,已知板长为l,板间电压为U,板间距离为d,不计粒子的重力图61运动分析及规律应用粒子在板间做类平抛运动,应用运动分解的知识进行分析处理1在v0方向做匀速直线运动;2在电场力方向做初速度为零的匀加速直线运动2.过程分析如图7所示,设粒子不与极板相撞图7v0方向粒子通过电场的时间tlv0电场力方向加速度aqEmqUmd离开电场时电场力方向分速度vyatqUlmdv0末速度与初速度方向夹角的正切值tanvyv0qUlmdv02离开电场时沿电场力方向的偏移量y12at2qUl22mdv02.3两个重要推论1粒子从偏转电场中射出时,其速度方向的反向延长线与初速度方向的延长线交于一点,此点为粒子沿初速度方向位移的中点2位移方向与初速度方向间夹角的正切值为速度偏转角正切值的12,即tan12tan.4分析粒子的偏转问题也可以利用动能定理,即qEyEk,其中y为粒子在偏转电场中沿电场方向的偏移量例2一束电子流经U15000V的加速电压加速后,在距两极板等距离处垂直进入平行板间的匀强电场,如图8所示,两极板间电压U2400V,两极板间距d2.0cm,板长L15.0cm.图81求电子在两极板间穿过时的偏移量y;2若平行板的右边缘与屏的距离L25cm,求电子打在屏上的位置与中心O的距离YO点位于平行板水平中线的延长线上;3若另一个质量为m 不计重力的二价负离子经同一电压U1加速,再经同一偏转电场,射出偏转电场的偏移量y和打在屏上的偏移量Y各是多大答案10.25cm20.75cm30.25cm0.75cm解析1加速过程,由动能定理得eU112mv02进入偏转电场,电子在平行于极板的方向上做匀速运动,L1v0t在垂直于极板的方向上做匀加速直线运动,加速度为aFmeU2dm偏移距离y12at2由得yU2L124dU1代入数据得y0.25cm2如图,由几何关系知yYL12L12L2得YL12L2L1y代入数据得Y0.75cm3因yU2L124dU1,YL12L2L1y,与粒子的质量m和电荷量q无关,故二价负离子经同样装置后,yy0.25cm,YY0.75cm.学科素养建立带电粒子在匀强电场中偏转的类平抛运动模型,会用运动的合成和分解的知识分析带电粒子的偏转问题,提高分析综合能力,体现了“科学思维”的学科素养例3长为L的平行金属板水平放置,两极板带等量的异种电荷,板间形成匀强电场,一个带电荷量为q.质量为m的带电粒子,以初速度v0紧贴上极板垂直于电场线方向进入该电场,刚好从下极板边缘射出,射出时速度恰与水平方向成30角,如图9所示,不计粒子重力,求图91粒子离开电场时速度的大小;2匀强电场的场强大小;3两板间的距离答案123v0323mv023qL336L解析1粒子离开电场时,速度与水平方向夹角为30,由几何关系得速度vv0cos3023v03.2粒子在匀强电场中做类平抛运动,在水平方向上Lv0t,在竖直方向上vyat,vyv0tan303v03,由牛顿第二定律得qEma解得E3mv023qL.3粒子在匀强电场中做类平抛运动,在竖直方向上d12at2,解得d36L.针对训练2如图10所示,两个板长均为L的电极板,平行正对放置,两极板相距为d,极板之间的电势差为U,板间电场可以认为是匀强电场一个带电粒子质量为m,电荷量为q,可视为质点从正极板边缘以某一初速度垂直于电场方向射入两极板之间,到达负极板时恰好落在极板边缘忽略重力和空气阻力的影响求图101极板间的电场强度E的大小2该粒子的初速度v0的大小3该粒子落到负极板时的末动能Ek.答案1Ud2LdUq2m3Uq1L24d2解析1两极板间的电压为U,两极板间的距离为d,所以电场强度大小为EUd.2带电粒子在极板间做类平抛运动,在平行于极板方向上有Lv0t在垂直于极板方向上有d12at2根据牛顿第二定律可得aFm,而FEq 所以aUqdm解得v0LdUq2m.3根据动能定理可得UqEk12mv02解得EkUq1L24d2.1带电粒子的直线运动两平行金属板相距为d,电势差为U,一电子质量为m,电荷量为e,从O点沿垂直于极板的方向射入,最远到达A点,然后返回,如图11所示,OAL,则此电子具有的初动能是图11A.edLUBedULC.eUdLD.eULd答案D解析电子从O点运动到A点,因受电场力作用,速度逐渐减小根据题意和题图判断,电子仅受电场力,不计重力根据能量守恒定律得12mv02eUOA.因EUd,UOAELULd,故12mv02eULd,所以D正确2带电粒子的偏转如图12所示,带电荷量之比为qAqB13的带电粒子A.B,先后以相同的速度从同一点水平射入平行板电容器中,不计重力,带电粒子偏转后打在同一极板上,水平飞行距离之比为xAxB21,则带电粒子的质量之比mAmB以及在电场中飞行的时间之比tAtB分别为图12A11,23B21,32C11,34D43,21答案D解析粒子在水平方向上做匀速直线运动xv0t,由于初速度相同,xAxB21,所以tAtB21,竖直方向上粒子做匀加速直线运动y12at2,且yAyB,故aAaBtB2tA214.而maqE,mqEa,mAmBqAqBaBaA134143.综上所述,D项正确3示波管的原理多选示波管的构造如图13所示如果在荧光屏上P点出现亮斑,那么示波管中的图13A极板X应带正电B极板X应带正电C极板Y应带正电D极板Y应带正电答案AC解析根据亮斑的位置,电子偏向XY区间,说明电子受到电场力作用发生了偏转,因此极板X.极板Y均应带正电4.带电粒子的加速和偏转xx宿迁市期末如图14所示,电子从静止开始被U180V的电场加速,沿直线垂直进入另一个场强为E6000V/m的匀强偏转电场,而后电子从右侧离开偏转电场已知电子比荷为em1691011C/kg,不计电子的重力,偏转极板长为L6.0102m求图141电子经过电压U加速后的速度vx的大小;2电子在偏转电场中运动的加速度a的大小;3电子离开偏转电场时的速度方向与刚进入该电场时的速度方向之间的夹角.答案18106m/s21.11015m/s2345解析1根据动能定理可得eU12mvx2,解得vx8106m/s2电子在偏转电场中受到竖直向下的电场力,根据牛顿第二定律得aeEm,解得a3231014m/s21.11015m/s23电子在水平方向上做匀速直线运动,故tLvx 在竖直方向上做初速度为零的匀加速直线运动,故vyat,tanvyvx,联立解得45.。