函数的单调性与最值、知识梳理1．增函数、减函数一般地，设函数f(x)的定义域为I，区间D? I，如果对于任意x1，x2∈D ，且x1<x2，则有： (1)f(x)在区间D 上是增函数 ? f(x1)<f(x2)；(2)f(x)在区间D 上是减函数 ? f(x1)>f(x2)．2．单调区间的定义若函数y＝f(x)在区间D 上是增函数或减函数，则称函数y＝f(x)在这一区间上具有 (严格的 )单调性，区间D 叫做y＝f(x)的单调区间．3．函数的最值注意：1．函数的单调区间是指函数在定义域内的某个区间上单调递增或单调递减．单调区间只能用区间表示，不能用集合或不等式表示；如有多个单调区间应分别写，不能用并集符号“∪”联结，也不能用“或”联结．2．两函数f(x)，g(x)在x∈(a，b)上都是增 (减 )函数，则f(x)＋g(x)也为增 (减)函数，但f(x) ·g(x)，1等的单调性与其正负有关，切不可盲目类比．fx[ 试一试 ]1．下列函数中，在区间 (0 ，＋∞ ) 上为增函数的是( )B ．y ＝－ x ＋ 1xC ． y 21 xA ．y ＝ ln （ x ＋ 2） 1D ．y ＝x ＋x解析：选 A 选项 A 的函数y＝ln(x＋2)的增区间为 (－2，＋∞ ) ，所以在(0，＋∞ ) 上定是增函数．2．函数f(x)＝x2－2x(x∈ [ －2,4]) 的单调增区间为___________ ；f(x)max ＝_______________________________________________ .解析：函数f(x)的对称轴x＝1，单调增区间为 [1,4] ，f(x)max ＝f(－2)＝f(4)＝8. 答案： [1,4] 8二、方法归纳1．判断函数单调性的四种方法(1)定义法：取值、作差、变形、定号、下结论；(2)复合法：同增异减，即内外函数的单调性相同时，为增函数，不同时为减函数；(3)图像法：如果f(x)是以图像形式给出的，或者f(x)的图像易作出，可由图像的直观性判断函数单调性．(4)导数法：利用导函数的正负判断函数单调性． 2．求函数最值的五个常用方法(1)单调性法：先确定函数的单调性，再由单调性求最值． (2)图像法：先作出函数的图像，再观察其最高点、最低点，求出最值．(3)换元法：对比较复杂的函数可通过换元转化为熟悉的函数，再用相应的方法求最值．(4)基本不等式法：先对解析式变形，使之具备“一正二定三相等”的条件后用基本不等式求出最值．(5)导数法：先求导，然后求出在给定区间上的极值，最后结合端点值，求出最值．提醒：在求函数的值域或最值时，应先确定函数的定义域．[练一练 ]1．下列函数中，既是偶函数又在区间 (0，＋∞ ) 上单调递减的是( )1－xA．y＝B．y ＝e－xx2C．y＝－x2＋1 D. y＝lg| x|答案： C12 ．函数f(x)＝ 2 在区间 [2,3] 上的最大值是__ ，最小值是 ____ ．x ＋ 111答案：5 10、考点精练作出该函数的图像如图所示．由图像可知，该函数的单调增区间是 (－∞， 1] ． 答案： (－∞， 1]f x , f x k x1取函数 f x 2 x，当 k ＝ 时，函数 f k x 的单调递增区间为 k, f x k2考点一求函数的单调区间1 、函数 f log 5 2x 1 的单调增区间是解析：要使 log 52x 1 有意义，则2x 1 0，即x 1，而 y log 5u 为 0, 2上的增函数，当1时，u ＝2x ＋1也为 R 上的增函数，故原函数的单调增区间是1, 2,答案：1, 2,2．函数 y ＝x －|1 － x | 的单调增区间为解析： y ＝x －|1 －x | ＝1, 2x 1, x1 x13．设 函 数 y ＝ f (x ) 在内有定义．对于给 定的 正数 k ，定义函数f k x求函数单调区间的方法与判断函数单调性的方法相同即：（1）定义法；（2）复合法；（3）图像法；（4）导数法．考点二函数单调性的判断k［典例］试讨论函数f x x k 0 的单调性．x［解］法一：由解析式可知，函数的定义域是,0 0, ．在（0 ，＋∞ ）内任取x1 ，x2 ，令xx2 ，那么f x2 f k kx2 x1 k1 1 x1x2 kx1 x2 x1 x2 1 2 x2 x1 x2 x1 x1x2因为0 x1x2，所以x2 x1 0，x1x2 0.故当x1,x2k,时，f x1 f x2 ，即函数在k,上单调递增．当x1,x2 0, k 时，f x1 f x2 ，即函数在0,k 上单调递减．考虑到函数fx x k kx0 是奇函数，在关于原点对称的区间上具有相同的单调性，故在, k 单调递增，在k,0 上单调递减．综上，函数f(x)在, k 和k, 上单调递增，在k,0 和0, k 上单调D．（1 ，＋∞）1解析：选C由f(x)>2，得－1<x<11由f(x) ≤2，得x≤－1或x ≥ 1.x2 x,x 1所以f1 x2 1, 1 x 1 ，故f122x,x 1x 的单调递增区间为（－∞，－ 1）．C．（－∞，－ 1）［解题通法］递减．［解题通法］1．利用定义判断或证明函数的单调性时，作差后要注意差式的分解变形彻底．2．利用导数法证明函数的单调性时，求导运算及导函数符号判断要准确．[针对训练 ]－2x判断函数g(x)＝在 (1，＋∞ ) 上的单调性．x － 1解：任取x1，x2∈ (1 ，＋∞ ) ，x且1<x2，2x1 2x2 2 x1 x2则g x1 g x2x1 1 x2 1 x1 1 x2 1由于 1<x1<x2，所以x1－x2<0，(x1－1)(x2－1)>0 ，因此g(x1)－g(x2)<0 ，即g(x1)<g(x2)．故g(x)在(1 ，＋∞ ) 上是增函数．考点三函数单调性的应用角度一求函数的值域或最值1．已知函数f (x )对于任意x，y∈ R，总有f(x)＋f(y)＝f(x＋y)，且当x>0 时，f(x )<0 ， 2f(1)＝－3.(1)求证：f(x)在 R 上是减函数；(2)求f(x)在 [－3,3] 上的最大值和最小值．解： (1)证明：∵函数f(x)对于任意x，y∈ R，总有f(x)＋f(y)＝f(x＋y)，∴令x＝y＝0，得f(0) ＝0. 再令y＝－x，得f(－x)＝－f(x)．在 R 上任取x1>x2，则x1－x2>0 ，f(x1)－f(x2)＝f(x1)＋f(－x2)＝f(x1－x2)．又∵当x>0 时，f(x)<0 ，而x1－x2>0 ，∴ f(x1－x2)<0 ，即f(x1)<f(x2)．因此f(x)在 R 上是减函数．(2) ∵f(x)在 R 上是减函数，∴ f(x)在 [ －3,3] 上也是减函数，∴f(x)在[－3,3] 上的最大值和最小值分别为f(－3)与f(3)．而f(3) ＝ 3 f(1) ＝－2 ，f(－3) ＝－f(3) ＝2.∴f(x)在 [－3,3] 上的最大值为 2 ，最小值为－ 2.角度二 比较两个函数值或两个自变量的大小12．已知函数 f (x )＝log 2x ＋ ，若 x 1∈ (1,2) ，x 2∈(2 ，＋∞ )，(则 )1－x1∵函数 f (x )＝log 2x ＋ 在(1，＋∞ ) 上为增函数，且 f (2)＝0，∴当 1－xx 1∈(1,2)时， f (x 1)<f (2) ＝0，当 x 2∈ (2 ，＋∞)时， f (x 2)>f (2)＝0，即 f (x 1)<0， f (x)>0. 角度三 解函数不等式3 ．已知函数 f x x 2 4x 3,x 0 22则不等式 f (a 2－4)>f (3a )的解集为 ( ) x 2 2x 3,x 0A ． (2,6)B ．(－1,4)C ． (1,4)D ．(－3,5)解析： 选 B 作出函数 f (x )的图像，如图所示，则函数 f (x )在R 上是单调递减的． 由 f (a 2 －4)>f (3a )，可得 a 2－4<3 a ，整理得 a 2－3a －4<0 ，即 (a ＋1)(a －4)<0 ，解得－ 1<a <4，角度四 求参数的取值范围或值f x 1 f x 20成立，则实数x1 x2a 的取值范围为()A ． (－∞， 2)B.,13 ,8C ． (－∞， 2] D. 13 8 ,2 解析：选 B 函数 f (x )是 R 上的减函数，A ． f (x 1)<0 ，f (x 2)<0B ．f (x 1)<0 ， f (x 2)>0C ． f (x 1)>0 ，f (x 2)<0D ．f (x 1)>0 ，f (x 2)>0解析：选 B 4 ．已 知 函 数 f x a 2 x, x 21 x满 足 对 任 意 的 实 数 x 1 x 2 ， 都 有1, x 2 2［解题通法 ］1 ．含“ f ”不等式的解法f (g (x ))>f (h (x ))的形式，然后根据函数的单调性去 掉“f ”，转化为具体的不等式 (组 )，此时要注意 g (x )与 h (x )的取值应在外层函数的定义域内． 2．比较函数值大小的思路比较函数值的大小时， 若自变量的值不在同一个单调区间内， 要利用其函数性质， 转化 到同一个单调区间上进行比较，对于选择题、填空题能数形结合的尽量用图像法求解． 巩固练习 一、选择题1．“ a ＝1 ”是“函数 f (x )＝x 2－2ax ＋3 在区间［1 ，＋∞ )上为增函数”的 ( )A ．充分不必要条件B ．必要不充分条件C ．充要条件D ．既不充分也不必要条件答案：A 解析：f (x )对称轴 x ＝a ，当 a ≤1时 f (x )在［1 ，＋∞ ) 上单调递增．∴“ a ＝ 1 为f (x )在 ［1 ，＋∞ ) 上递增的充分不必要条件．2．已知函数x 4x, x0fx，若 f (2－a 2)>f (a )，则实数 a 的取值)4x2x,x0A ． (－∞，－1) ∪(2，＋∞)B ． (－ 1,2)C ． (－ 2,1)D ． (－∞，－ 2) ∪ (1，＋∞ )答案： C 解析：由题知 f (x )在 R 上是增函数，由题得 2－a 2>a ，解得－ 2< a <1.3．用 min{ a ，b ，c }表示 a ，b ，c 三个数中的最小值． 设 f (x )＝ min{2a20于是有a 2 2，由此解得a ≤ 13 即实数 a 的取值范围是13 8首先根据函数的性质把不等式转化为x ，x ＋ 2,10 －x }(x ≥0) ， 则 f (x ) 的最大值为( )答案： C 个函数在同一坐标系之下的图象 (如图中实线部分为 f (x )的图象 )可知 A (4,6)为函数 f (x ) 图象的最高点．a4．若 f (x )＝－ x 2＋2ax 与 g (x )＝ x ＋1在区间 [1,2] 上都是减函数，则 a 的取值范围是( )A ．(－ 1,0) ∪ (0,1)B ．(－ 1,0) ∪ (0,1]C ． (0,1)D ．(0,1] 答案：D 解析:f (x )在[a ，＋∞ ) 上是减函数，对于g (x )，只有当 a >0 时，它有两个减区 间为(－∞，－ 1)和(－ 1 ，＋∞ ) ，故只需区间[1,2] 是 f (x )和 g (x )的减区间的子集即可， 则a的取值范围是 0<a ≤ 1.5 ．已知定义在 R 上的增函数 f (x )，满足 f (－x )＋ f (x )＝0，x 1，x 2，x 3∈R ，且 x 1＋x 2>0， x 2＋x 3>0 ，x 3＋x 1>0，则 f (x 1)＋f (x 2)＋f (x 3)的值 ( )A ．一定大于 0B ．一定小于 0C ．等于 0D ．正负都有可能 答案： A 解析：∵ f (－x )＋f (x )＝0，∴f (－x )＝－ f (x )． 又∵x 1＋x 2>0，x 2＋x 3>0，x 3＋x 1>0，∴ x 1>－x 2，x 2>－x 3，x 3>－x 1. 又∵f (x 1)>f (－x 2)＝－f (x 2)，f (x 2)>f (－x 3)＝－f (x 3)，f (x 3)>f (－x 1)＝－ f (x 1)， ∴f (x 1)＋f (x 2)＋f (x 3)>－f (x 2)－ f (x 3)－f (x 1)．∴f (x 1)＋f (x 2)＋f (x 3)>0.]二、填空题6．函数 y ＝－ (x －3)| x | 的递增区间是 ．A ．4B ．5C ．6D ．7 解析：由题意知y 3＝ 10 －x 中的较小者，作出7 ．设f(x)是增函数，则下列结论一定正确的是 (填序号 )．1 x 是减函数；③ y ＝－ f (x )是减函数；④ y ＝ | f (x )| 是增x1 2 1 1 ，当 0<x <1 时，x （1－x ）＝－ （x － ）2＋ ≤ ，∴y ≥4. 2 4 4 三、解答题19．已知函数 f (x )＝a －| x| (1) 求证：函数 y ＝f (x )在(0，＋∞ )上是增函数；(2) 若 f (x )<2 x 在(1 ，＋∞ )上恒成立，求实数 a 的取值范围．1(1) 证明：当 x ∈ (0 ，＋∞ ) 时f ，(x )＝ a －x ，x设 0<x 1<x 2，则 x 1x 2>0 ， x 2－x 1>0.∴f (x 1)<f (x 2)，即 f (x )在(0 ，＋∞ ) 上是增函数．1(2)解：由题意 a －x <2x 在(1 ，＋∞ ) 上恒成立，x①y ＝[f (x )]2是增函数；② y ＝f函数．答案： [0， 3 2]解析： x0 3 画图象如图所示：可知递增区间为8．设 0<x <1 ，则函数 1 y ＝x ＋1－x 1的最小值答案：解析 11 y ＝ ＋1设h(x)＝2x＋x，则a<h (x)在(1 ，＋∞ ) 上恒成立．x11∵h′（x）＝2－2，x∈（1 ，＋∞ ），∴ 22－>0 ，xx∴h(x)在(1，＋∞ ) 上单调递增．故a≤h(1)，即a≤ 3.∴a 的取值范围为 (－∞， 3] ．10．已知f(x)＝x2＋ax＋3－a，若x∈[－2,2] 时，f(x)≥0 恒成立，求a 的取值范围．解：设f(x)的最小值为g(a)，则只需g(a) ≥ 0，a由题意知，f(x)的对称轴为－2.a7(1)当－2 <－2 ，即a>4 时，g(a)＝f(－2)＝7－3a≥0，得a≤3. 23又a>4 ，故此时的a 不存在．2a a a(2)当－2∈ [ －2,2] ，即－ 4≤a≤4时，g(a)＝f(－2)＝3－a－4≥0得－6≤a≤2.又－ 4 ≤a≤ 4 ，故－ 4 ≤a≤ 2.a(3)当－2>2，即a<－4 时，g(a)＝f(2)＝7＋a≥0得a≥－ 7.又a<－ 4，故－ 7≤a<－4.综上得所求a 的取值范围是－ 7a≤ 2.11．已知f(x)是定义在 [－1,1]上的奇函数，且f (1) ＝1 ，若a，b∈[－1,1] ，a＋b≠0时，f a f b 有0 成立．ab(1)判断f(x)在 [－ 1,1] 上的单调性，并证明它；11 (2)解不等式：f(x＋2)<f(x－1)；(3)若f(x)≤m2－2am＋1 对所有的a∈ [ －1,1] 恒成立，求实数m的取值范围．解： (1)任取x1，x2∈ [ －1,1] ，且x1<x2，则－x2∈ [ －1,1] ，∵f(x)为奇函数，f x1 f x2∴f x1 f x2 f x1 f x2 x1 x2x1 x2f x1 f x2 由已知得 1 20，x1－x2<0 ，∴f(x1)－f(x2)<0 ，即f(x1)<f(x2)．∴f(x)在 [－1,1] 上单调递增．(2) ∵f(x)在[－ 1,1] 上单调递增，1 1x2 x11 31x 1 ∴－≤x<2 211 1x 1(3)∵f(1) ＝1 ，f(x)在[－1,1] 上单调递增．∴在[－1,1] 上，f(x)≤1. 问题转化为m2－2am＋ 1≥ 1，即m2－2am ≥ 0，对a∈ [ －1,1] 成立．下面来求m 的取值范围．设g(a)＝－ 2m ·a＋m2≥ 0.①若m＝0，则g(a)＝ 0≥ 0，自然对a∈ [ －1,1]恒成立．②若m≠0，则g(a)为a的一次函数，若g(a) ≥ 0，对a∈ [ －1,1]恒成立，必须g(－ 1) ≥ 0，且g(1) ≥ 0 ，∴m≤－2，或m≥ 2.∴m 的取值范围是m＝0或|m| ≥2.。