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刚体定轴转动习题

刚体定轴转动一、选择题(每题3分)1、个人站在有光滑固定转轴的转动平台上,双臂伸直水平地举起二哑铃,在该人把此二哑铃水平收缩到胸前的过程中,人、哑铃与转动平台组成的系统的( )(A)机械能守恒,角动量守恒; (B)机械能守恒,角动量不守恒,(C)机械能不守恒,角动量守恒; (D)机械能不守恒,角动量不守恒.2、一圆盘绕通过盘心且垂直于盘面的水平轴转动,轴间摩擦不计.如图射来两个质量相同,速度大小相同,方向相反并在一条直线上的子弹,它们同时射入圆盘并且留在盘内,则子弹射入后的瞬间,圆盘和子弹系统的角动量L以及圆盘的角速度ω的变化情况为( ) (A) L 不变,ω增大 (B) 两者均不变(C) L不变,ω减小 (D) 两者均不确定3、有两个力作用在一个有固定转轴的刚体上:(1)这两个力都平行于轴作用时,它们对轴的合力矩一定是零(2)这两个力都垂直于轴作用时,它们对轴的合力矩可能是零(3)当这两个力的合力为零时,它们对轴的合力矩也一定是零(4)当这两个力对轴的合力矩为零时,它们的合力也一定是零在上述说法中,正确的是()(A)只有(1)是正确的(B)只有(1)、(2)正确(C)只有(4)是错误的(D)全正确4、以下说法中正确的是()(A)作用在定轴转动刚体上的力越大,刚体转动的角加速度越大。

(B)作用在定轴转动刚体上的合力矩越大,刚体转动的角速度越大。

(C)作用在定轴转动刚体上的合力矩越大,刚体转动的角加速度越大。

(D)作用在定轴转动刚体上的合力矩为零,刚体转动的角速度为零。

5、一质量为m的均质杆长为l,绕铅直轴o o'成θ角转动,其转动惯量为()6、一物体正在绕固定光滑轴自由转动()(A) 它受热膨胀或遇冷收缩时,角速度不变.(B) 它受热时角速度变小,它遇冷时角速度变大.(C)它受热或遇冷时,角速度均变大.(D) 它受热时角速度变大,它遇冷时角速度变小.O7、关于刚体对轴的转动惯量,下列说法中正确的是( )(A) 只取决于刚体的质量,与质量的空间分布和轴的位置无关.(B) 取决于刚体的质量和质量的空间分布,与轴的位置无关.(C) 取决于刚体的质量,质量的空间分布和轴的位置.(D) 只取决于转轴的位置,与刚体的质量和质量的空间分布无关.8、两个均质圆盘A 和B 的密度分别为A ρ和B ρ,若A ρ﹥B ρ,但两圆盘的质量与厚度相同,如两盘对通过盘心垂直于盘面的转动惯量各为J A 和J B ,则( )(A )J A >J B (B )J B >J A(C )J A = J B (D )J A 、 J B 哪个大,不能确定9、某转轮直径d =40cm ,以角量表示的运动方程为θ=3t -3.02t +4.0t ,式中θ的单位为rad,t 的单位为s,则t =2.0s 到t =4.0s 这段时间内,平均角加速度为( )(A)212-⋅srad (B)26-⋅s rad(C)218-⋅s rad (C)212-⋅s m10、 轮圈半径为R ,其质量M 均匀分布在轮缘上,长为R 、质量为m 的均质辐条固定在轮心和轮缘间,辐条共有2N 根。

今若将辐条数减少N 根,但保持轮对通过轮心.垂直于轮平面轴的转动惯量保持不变,则轮圈的质量应为( )(A )m N 12+M . (B)m N 6 +M . (C)m N 32+M . (D)m N 3+M 11、一轻绳绕在有水平轴的定滑轮上,绳下端挂一物体。

物体所受重力为p ,滑轮的角加速度为β。

若将物体去掉而用与p 相等的力直接向下拉绳子,则滑轮的角加速度β将( ) (A )不变 (B )变小(C )变大 (D )无法判断12、几个力同时作用在一个具有固定转轴的刚体上,如果这几个力的矢量和为零,则此刚体( )(A )必然不会转动 (B )转速必然不变(C )转速必然改变 (D )转速可能不变,也可能改变二、填空题(每题3分)1、转动惯量的物理意义是 ;它的大小与 、 、 有关。

2、有一半径为R 的水平圆转台,可绕通过其中心的竖直固定光滑轴转动, 转动惯量为J , 开始时转台以匀角速度ω 0转动,此时有一质量为m 的人站住转台中心,随后人沿半径向外跑去,当人到达转台边缘时, 转台的角速度为 。

3、如图所示,一质量为m 的小球由一绳索系着,以角速度ω0 在无摩擦的水平面上,作半径为r 0 的圆周运动.如果在绳的另一端作用一竖直向下的拉力,使小球作半径为r 0/2 的圆周运动.则小球新的角速度为 , 拉力所作的功 。

4、一个以恒定角加速度转动的圆盘,如果在某一时刻的角速度120rad s ωπ=,再转60转后角速度为230rad s ωπ=,则角加速度β= 转过上述60转所需的时间=∆t 。

5、一质量为m 匀质的杆长为l ,绕通过其一端的铅直轴转动,其转动惯量为 。

6、一飞轮的转动惯量为J ,在0=t 时角速度为0ω。

此后飞轮历经制动过程。

阻力矩M 的大小与角速度2ω成正比,比例系数K >0。

当30ωω=时,飞轮的角加速度=β ;从开始制动到30ωω=所经过的时间t= 。

7、动量守恒的条件是 ; 角动量守恒的条件是 。

8、刚性正方形线圈边长为 a ,每边质量为m ,该刚性线圈绕其中一个边转动,其转动惯量为 。

9、质量为m 的均质杆,长为l ,以角速度ω绕过杆端点,垂直于杆的水平轴转动,杆的动量大小为 ,杆绕转动轴的动能为 ,动量矩为 。

三、简答题(每题3分)1、飞轮的质量主要分布在边缘上,有什么好处?2、刚体绕固定轴转动时,在每秒内角速度都增加12rad s π-⋅,它是否作匀加速转动?3、刚体对轴的转动惯量与那些因素有关?四、计算题(每题10分)1、一轻绳绕于半径cm r 20=的飞轮边缘,在绳端施以N F 98=的拉力,飞轮的转动惯量2.5.0m kg J =,飞轮与轮轴间无摩擦,如图所示,试求:(1)飞轮的角加速度;(2)当绳端下降m 5时飞轮获得的动能;(3)如果以质量kg m 10=的物体挂在绳端,试计算飞轮的角加速度。

2、在光滑的水平面上有一木杆,其质量m 1 =1.0 kg ,长l =40cm ,可绕通过其中点并与之垂直的轴转动.一质量为m 2 =10g 的子弹,以v =2.0×102 m · s -1 的速度射入杆端,其方向与杆及轴正交.若子弹陷入杆中,试求所得到的角速度.3、质量为m 的小孩站在半径为R 、转动惯量为J 的可以自由转动的水平平台边缘上(平台可以无摩擦地绕通过中心的竖直轴转动)。

平台和小孩开始时均静止。

当小孩突然一相对地面为v 的速率沿台边缘逆时针走动时,此平台相对地面旋转的角速度ω为多少?4、质量为0.50 kg ,长为0.40 m 的均匀细棒,可绕垂直于棒的一端的水平轴转动.如将此棒放在水平位置,然后任其落下,求:(1) 当棒转过60°时的角加速度和角速度;(2) 下落到竖直位置时的动能;(3)下落到竖直位置时的角速度.5、质量为m 、长为l 的细棒,可绕通过棒一端O 的水平轴自由转动(转动惯量32ml J =),棒于水平位置由静止开始摆下,求:(1)、初始时刻的角加速度; (2)、杆转过θ角时的角速度。

6、如图所示,长为l 的轻杆,两端各固定质量分别为m 和m 2的小球,杆可绕水平光滑固定轴O 在竖直面内转动,转轴O 距两端分别为13l 和23l .轻杆原来静止在竖直位置。

今有一质量为m 的小球,以水平速度0v 与杆下端小球m 作对心碰撞,碰后以012v 的速度返回,试求碰撞后轻杆所获得的角速度。

刚体定轴转动答案一、选择题(每题3分)1C 2B 3B 4C 5C 6B 7C 8B 9A 10D 11C 12D二、填空题(每题3分)1、表示刚体转动惯性大小的物理量;刚体的形状,转轴位置,质量分布(3分)2、J ω 0/(J +mR 2)3、10004J J ωωω==,220032W mr ω= 4、1225π 2s rad ;s 8.45、23ml6、J k 920ω- ;02ωk J 7、00==∑∑外外M F8、5ma 2/39、2ωml ;22ωml ; 32ωml三、简答题(每题3分)1、增大转动惯量,使运转平稳。

2、不一定。

因为仅当瞬时角加速度为恒量时,才作匀加速转动,而按题意,只是说每隔1秒钟后角速度增加12rad s π-⋅,而在1秒钟时间间隔内每瞬时的变化未必一定是均等的,故瞬时角加速度未必是恒量。

3、取决于刚体的质量,质量的空间分布和轴的位置.四、计算题(每题10分)1、解(1),βJ Fr =s rad J Fr 2.39==β -------(4分) (2)JFd E k 490==∆-------(3分) (3)⎩⎨⎧===-ββI Tr mr ma T mg 解之得s rad mr J mrg 8.212=+=β---(3分)2、解 根据角动量守恒定理()ωJ J ωJ '+=212――――――(5分)式中()222/2J m l =为子弹绕轴的转动惯量,J 2ω为子弹在陷入杆前的角动量,ω=2v/l 为子弹在此刻绕轴的角速度.211/12J m l =为杆绕轴的转动惯量.可得杆的角速度为 ()1212212s 1.2936-=+=+='m m m J J ωJ ωv ――――――(5分)3、解:此过程角动量守恒 ωJ mrv -=0――――――(6分)J mRv =ω――――――(4分)4、解 (1) 棒绕端点的转动惯量213J ml =由转动定律M =Jα可得棒在θ 位置时的角加速度为()l θg J θM α2cos 3==----(2分)当θ =60°时,棒转动的角加速度2s 418-=.α 由于d d d d t ωωωαθ==,根据初始条件对式(1)积分,有 ⎰⎰=o 6000d d θαωωω则角速度为 1600s 98.7sin 3o-==l θg ω--------(3分)(2) 根据机械能守恒,棒下落至竖直位置时的动能为J 98.021==mgl E K --(3分)(3) 由于该动能也就是转动动能,即212K E J ω=,所以,棒落至竖直位置时的角速度为 1s 57.832-==='l g J E ωK --------(2分)5、解:(1)由转动定律,有β)31(212ml mgl = (3分) ∴l g 23=β (2分)(2)由机械能守恒定律,有221sin 21ωθJ mgl = (3分)∴ω=l g θsin 3 (2分)6、解:根据角动量守衡 有022021322)3()32(32v ml m l m l l mv ⋅-⋅+=ωω――――――(7分) l v 230=ω――――――(3分)。

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