高一上物理期末测试卷1．一辆以12m/s的速度在水平路面行驶的汽车，刹车过程中以大小为4m/s2的加速度作匀变速直线运动，则汽车在5s内的位移是（）A．10m B.18m C.50m D.70m【考点】匀变速直线运动及其公式、图像【试题解析】汽车刹车到停止所需的时间，所以汽车5s内的位移等于3s内的位移。
即，故B正确。
【答案】B2．如图所示，一小球(可视为质点)沿斜面匀加速滑下，依次经过A、B、C三点。
已知AB=6m，BC=10m，小球经过AB和BC两段所用的时间均为2s，则小球在经过A、B、C三点时的速度大小分别是（）A.2 m/s，3 m／s，4 m/sB.2 m/s，4 m/s，6 m/sC.3 m/s，4 m／s，5 m/sD.3 m/s，5 m/s，7 m/s【考点】匀变速直线运动及其公式、图像【试题解析】由匀变速直线运动规律的结论可知，小球运动的加速度，小球经过B点时的速度；由匀变速直线运动速度公式得，,，故B 正确。
【答案】B3．有一个直角支架AOB，AO水平放置，表面粗糙．OB竖直向下，表面光滑．AO上套有小环P，OB上套有小环Q，两环质量均为m，两环间由一根质量可忽略、不可伸长的细绳相连，并在某一位置平衡，如图所示．现将P环向左移一小段距离，两环再次达到平衡，那么将移动后的平衡状态和原来的平衡状态比较，AO杆对P环的支持力F N和细绳上的拉力T的变化情况是（）A．F N不变，T变大B．F N不变，T变小C．F N变大，T变大D．F N变大，T变小【考点】共点力的平衡【试题解析】对小环P、Q整体受力分析，如图甲所示。
由共点力的平衡条件得，；对小环Q受力分析，如图乙所示。
由共点力的平衡条件得，。
将P环向左移一小段距离，两环再次达到平衡时，减小，不变，变小，故B正确。
故选B【答案】B4．如图所示，质量均为的、两球之间系着一条不计质量的轻弹簧，放在光滑的水平面上，球m A B A 紧靠墙壁，今用力将球向左推压弹簧，平衡后，突然将力撤去的瞬间，则（ ）F B FA.A 球的加速度为B.A 球的加速度为0mF a =C.B 球的加速度为D.B 球的加速度为0m F a =【考点】牛顿运动定律、牛顿定律的应用【试题解析】用力压弹簧平衡时弹力等于压力，突然将力F 撤去的瞬间，B 球所受合力等于弹簧弹力，此时B 球的加速度，故C 正确；D 错误；A 球受到弹簧弹力和墙壁的弹力，二者大小相等方向相反，合力为零，此时A 球的加速度为零，故B 正确，A 错误。
故BC 正确。
故选BC【答案】BC5．如图所示，物体A 和B 质量分别为m A 、m B 且相对静止，以共同的速度沿斜面匀速下滑，则（ ）A ．A 、B 间无摩擦力的作用B ．B 受到滑动摩擦力的大小为（m A + m B ）gsinθC ．B 受到静摩擦力的大小为m A gsinθD ．取走A 物后，B 物仍能沿斜面匀速下滑【考点】共点力的平衡【试题解析】对AB 整体受力分析，如图甲所示。
由共点力平衡条件可得，，，滑动摩擦力由以上三式可以解得。
故物体B 受到滑动摩擦力的大小为，故B 正确，由于，取走A 物后，B 物仍能沿斜面匀速下滑，故D 正确；对物体A 受力分析，如图乙所示。
由共点力平衡条件可得，，根据牛顿第三定律可知，B 受到静摩擦力的大小为，故A 错误，C 正确。
故BCD 正确。
故选BCD【答案】BCD6．如图所示是某同学探究小车加速度与力的关系的实验装置(遮光条宽度为1.20cm），他将光电门固定在水平轨道上的B点，用不同重物通过细线拉同一小车，每次小车都从同一位置A由静止释放。
（1）实验时将小车从图示位置由静止释放，由数字计时器读出遮光条通过光电门的时间∆t=2．0x10—2s，则小车经过光电门时的速度为；（结果保留2位有效数字）（2）实验中可近似认为细线对小车的拉力与重物重力大小相等，则重物的质量m与小车的质量M间应满足的关系为；[（3）测出多组重物的质量m和对应遮光条通过光电门的时间∆t，并算出相应小车经过光电门时的速度v，通过描点作出线性图象，研究小车加速度与力的关系。
处理数据时应作出（选填“v—m”或“v2—m”）图象；（4）某同学在（3）中作出的线性图象不通过坐标原点（如图所示）其原因是。
【考点】实验：验证牛顿运动定律【试题解析】（1）小车经过光电门时的速度，故【答案】为0．60m/s；（2）设细线对小车的拉力为F，对小车由牛顿第二定律得，，对重物由牛顿第二定律得，，解得，当满足时，可近似认为细线对小车的拉力与重物重力大小相等，故【答案】为；（3）试验中，保持小车的质量M和AB间的距离x不变，则由匀变速直线运动的规律可得，，即，若画出的图像过坐标原点，即可证明加速度与合力成正比；（4）有图象可知，直线不过坐标原点，且与横轴有交点，说明开始当小车挂上重物时，加速度为零，出现这种情况的原因是未平衡摩擦力或平衡摩擦力不足，故【答案】为未平衡摩擦力或平衡摩擦力不足。
【答案】(1) 0．60m/s；(2)；(3)；(4) 未平衡摩擦力或平衡摩擦力不足7.如图所示，一个重10N的光滑重球被一根细绳挂在竖直墙壁上的A点，绳子与墙壁的夹角θ为37°，取cos37°= 0.8，sin37°= 0.6．求：（1）绳子对重球的拉力T的大小。
（2）墙壁对重球的支持力N的大小。
【考点】共点力的平衡【试题解析】对重球受力分析，如图所示。
由共点力平衡条件得，（1）绳子对重球的拉力；（2）墙壁对重球的支持力。
【答案】（1）；（2）8.如图所示，A、B是两根竖直立在地上的相距为4m的木杆，长度为5m的轻绳的两端分别系在两杆上不等高的P、Q两点，C为一质量不计的光滑滑轮，轮下挂一重为12N的物体，平衡时轻绳上的张力有多大？【考点】共点力的平衡【试题解析】对滑轮C受力分析，如图所示。
由共点力平衡条件得，，，解得。
【答案】10N9．如图所示小孩和雪橇的总质量m=10kg，大人用与水平方向成θ=53°角斜向上F=50N的拉力拉雪橇，使雪橇沿水平地面以4m/s速度做匀速直线运动．（已知sin53°=0.8，cos53°=0.6，取g=10m/s2）求：（1）雪橇与水平地面的动摩擦因数的大小。
（2）拉力F撤消后雪橇还能滑行多远？【试题解析】（1）对小孩和雪橇整体受力分析，如图所示。
由共点力平衡条件得，滑动摩擦力联立解得0．5（2）F撤消后小孩和雪橇整体做匀减速运动由牛顿第二定律得，由匀变速直线运动的规律得，联立解得故拉力F撤消后雪橇还能滑行【答案】（1）0．5；（2）10.举重运动是力量和技巧充分结合的体育项目.就“抓举”而言，其技术动作可分为预备、提杠铃、发力、下蹲支撑、起立、放下杠铃等六个步骤，如图所示表示了其中的几个状态.在“发力”阶段，运动员对杠铃施加恒力作用，使杠铃竖直向上作匀加速运动；然后运动员停止发力，杠铃继续向上运动，当运动员处于“下蹲支撑”处时，杠铃的速度恰好为零.从运动员开始“发力”到“下蹲支撑”处的整个过程历时0.8s，杠铃升高0.6m，该杠铃的质量为150kg.(g取10m／s2) 求：（1）杠铃运动过程中的最大速度多大？加速时的加速度多大？（2）运动员发力时，对杠铃的作用力大小。
【考点】牛顿运动定律、牛顿定律的应用匀变速直线运动及其公式、图像【试题解析】（1）设杠铃在题述过程中的最大速度为vm则由匀变速直线运动的规律得，解得杠铃匀加速时的加速度（2）由牛顿第二定律得，解得故运动员发力时，对杠铃的作用力大小为【答案】（1），；（2）11.如图所示，光滑水平面上，一细线的一端固定于倾角为45°质量为M的光滑楔形滑块A的顶端P处，细线另一端拴一质量为m的小球。
（1）当力F向左拉A，为使小球不离开滑块，求力F 的取值范围。
（2）当力F向左拉A，A和球以2g加速度共同向左运动时，线中拉力T多大？（3）若力F改为向右，为使小球相对A发生相对运动，求F的取值范围。
【考点】牛顿运动定律、牛顿定律的应用【试题解析】（1）当小球刚要离开滑块时，对小球由牛顿第二定律得，解得对小球和滑块整体由牛顿第二定律得，故当力F向左拉A，为使小球不离开滑块， F 的取值范围为（2）当时，小球与A已分离，此时线中拉力（3）当小球刚要相对滑块运动时，对小球由牛顿第二定律得，对小球和滑块整体由牛顿第二定律得，故若力F改为向右，为使小球相对A发生相对运动，F的取值范围为【答案】（1）；（2）；（3）12.如图所示，物体在蒙有动物毛皮的斜面上运动。
由于毛皮表面的特殊性，对物体的运动有如下特点：①顺着毛的生长方向运动时毛皮产生的阻力可以忽略；②逆着毛的生长方向运动会受到来自毛皮的滑动摩擦力。
（1）试判断如图所示情况下，物体在上滑还是下滑时会受到摩擦力？（2）一物体从斜面底端以初速v0＝2m/s冲上足够长的斜面，斜面的倾斜角为θ＝30︒，过了t＝1.2s物体回到出发点。
若认为毛皮产生滑动摩擦力时，动摩擦因数μ为定值，g取10m/s2，则μ的值为多少？【考点】牛顿运动定律、牛顿定律的应用匀变速直线运动及其公式、图像【试题解析】（1）由题意可知，物体下滑时会受到摩擦力（2）物体上滑时不受摩擦力，由牛顿第二定律得，物体向上滑动的距离又解得物体上滑时间物体下滑时受摩擦力，由牛顿第二定律得，下滑时间，解得【答案】（1）物体下滑时会受到摩擦力；（2）。