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信号与系统作业题

1、 系统的数学模型如下,试判断其线性、时不变性和因果性。

其中X (0-)为系统的初始状态。

(1)()()2f t y t e = (2)()()cos2y t f t t = (3)()()2y t f t = 解:(1)()()2f t y t e = ① 线性: 设 ()()()()1122,f t y t f t y t →→,则 ()()()()122212,f t f t y t e y t e ==那么 ()()()()()()()112211222221122a f t a f t a f t a f t a f t a f t y t ee e +⎡⎤⎣⎦+→==,显然,()()()1122y t a y t a y t ≠+,所以是非线性的。

② 时不变性设()()11,f t y t →则 ()()()()10122110,f t t f t y t e y t t e-=-=设()()102,f t t y t -→则()()()102210f t t y t e y t t -==-,所以是时不变的。

③ 因果性因为对任意时刻 t 1,()()121f t y t e =,即输出由当前时刻的输入决定,所以系统是因果的。

(2)()()cos2y t f t t = ① 线性: 设 ()()()()1122,f t y t f t y t →→,则 ()()()()1122cos2,cos2y t f t t y t f t t ==那么()()()()()()()112211221122cos 2cos 2cos 2a f t a f t y t a f t a f t t a f t t a f t t +→=+=+⎡⎤⎣⎦,显然()()()1122y t a y t a y t =+,所以系统是线性的。

② 时不变性设()()11,f t y t →则 ()()()()()1110100cos2,cos2y t f t t y t t f t t t t =-=--设()()102,f t t y t -→则()()()21010cos2y t f t t t y t t =-≠-,所以是时变的。

③ 因果性因为对任意时刻 t 1,()()111cos2y t f t t =,即输出由当前时刻的输入决定,所以系统是因果的。

(3)()()2y t f t = ① 线性: 设 ()()()()1122,f t y t f t y t →→,则 ()()()()11222,2y t f t y t f t ==那么()()()()()()()1122112211222222a f t a f t y t a f t a f t a f t a f t +→=+=+⎡⎤⎣⎦,显然()()()1122y t a y t a y t =+,所以系统是线性的。

② 时不变性设()()11,f t y t →则 ()()()()1110102,2y t f t y t t f t t =∴-=-⎡⎤⎣⎦设()()102,f t t y t -→则()()()210102y t f t t y t t =-≠-,所以系统是时变的。

③ 因果性因为对任意时刻 t 1,()()112y t f t =,当 10t >时,112t t <,即输出由未来时刻的输入决定,所以系统是非因果的。

2 利用冲激信号及其各阶导数的性质,计算下列各式:(1)()()3td f te t dt δ-⎡⎤=⎣⎦ (2)()()()3241f t t t dt δ∞-∞=+-⎰ (3)()()()t f t e t t dt δδ∞--∞'=+⎡⎤⎣⎦⎰ (4)()()1232tn f t et n dt δ∞--=-∞=-∑⎰解:(1)()()()0d f te t t dtδδ'⎡⎤==⎣⎦ (2)因为 ()()11t t δδ-=-,所以 ()()()()()()33312412412410t f t t t dt t t dt t δδ∞∞-∞-∞==+-=+-=+=⎰⎰(3)()()()()02t tt t t f t e t t dt e e δδ∞---=-∞=''=+=-=⎡⎤⎣⎦⎰(4)冲激串()n t n δ∞=-∞-∑ 中只有 两个:δ(t )和δ(t+1)落在积分区间[-3/2 1/2]之中,因此()()()()11122332211tt n f t e t n dt e t t dt e δδδ∞-----=-∞=-=++=+⎡⎤⎣⎦∑⎰⎰3 已知激励为零时刻加入,求下列系统的零输入响应。

(1)()()()()(),02,00y t y t f t y y --''''+=== (2)()()()()()()32,01,00y t y t y t f t y y --''''++===解:(1)特征方程为:210λ+=,特征根为 12,i i λλ==-,因此,y x (t )为:()120it it x y t C e C e t -=+≥,代入初始条件并求解,有: 121212210C C C C iC iC +=⎧⇒==⎨-=⎩,所以()2cos 0it it x y t e e t t -=+=≥ (2)特征方程为:2320λλ++=,特征根为:121,2λλ=-=-,因此,y x (t )为 :()2120t t x y t C e C e t --=+≥ ;代入初始条件并求解,有:12112212201C C C C C C ⎧+==⎧⎪⇒⎨⎨--==-⎪⎩⎩,所以()220t t x y t e e t --=-≥4 已知LTI 系统的框图如图2-72所示,三个子系统的冲激响应分别为()()()()()()()1231,,h t U t U t h t U t h t t δ=--==,求总系统的冲激响应h(t)。

解:由图可知,总的冲激响应为()()()()()()()()()()()()()()()()()()()()()()23110**1111111t t h t h t h t h t U t t U t U t d U t d U t U t U t tU t t U t U t U t t U t U t U t δττ-=+=+--⎡⎤⎡⎤⎡⎤⎣⎦⎣⎦⎣⎦=--+--=---+--=--+⎡⎤⎣⎦⎰⎰5 一LTI 系统,初始状态不详。

当激励为f (t )时全响应为()()32sin 2t e t U t -+,当激励为2f (t )时全响应为()()32sin 2t e t U t -+。

求(1)初始状态不变,当激励为f (t-1)时其全响应,并指出零输入响应和零状态响应。

(2)初始状态是原来的两倍,激励为2f (t )时其全响应。

解:设系统的零输入响应为()x y t ,f (t )产生的零状态响应为()f y t ,因为系统是LTI 系统,由题设可得()()()()()()()()332sin 222sin 2t x f tx f y t y t e t U t y t y t e t U t --⎧+=+⎪⎨+=+⎪⎩,解此方程,得()()()()()333sin 2t x tf y t e U t y t e t U t --⎧=⎪⎨=-+⎪⎩ (1) 由时不变性,此时的零状态响应为()1f y t -,而零输入响应不变,故全响应为:()()()()()()()31313sin 211t t x f y t y t y t e U t e t U t ---⎡⎤=+-=+-+--⎣⎦,其中 :零输入响应为 ()33t e U t -,零状态响应为 ()()()31sin 211t e t U t --⎡⎤-+--⎣⎦(2) 根据线性性质,此时系统的零输入响应和零状态响应均为原来的两倍,故全响应为:()()()()32242sin 2tx f y t y t y t e t U t -⎡⎤=+=+⎣⎦,其中:零状态响应为()36t e U t -,零状态响应为()()322sin 2t e t U t --+6 求下列信号的傅里叶变换(1)()/21U t - (2) ()2jt e t δ-- (3)()()211t e t δ--- (4)()()1U t U t --解:(1)因为 ()()/212U t U t -=-,所以 ()()21/21j U t e j ωπδωω-⎡⎤-↔+⎢⎥⎣⎦ (2)因为 ()()222jt j e t e t δδ---=-,所以,()()212j jt e t e ωδ-+--=↔ (3)因为 ()()()2111t e t t δδ---=-,所以,()()211t j e t e ωδ----↔(4)因为 ()()()110.5U t U t g t --=-,所以()()0.512j U t U t Sa e ωω-⎛⎫--↔ ⎪⎝⎭7 利用傅里叶变换的对称性,求下列信号的傅里叶变换(1)()()()sin 211t f t t ππ-=-(2)()1f t tπ=解:(1)()()()()sin 212211t f t Sa t t πππ-==-⎡⎤⎣⎦-, 因为()2g t Sa τωττ⎛⎫↔⎪⎝⎭,令 4τπ=,()()442g t Sa πππω↔,根据对称性,得 ()()()()4442222Sa t g Sa t g πππππωπω↔-⇒↔,再由时移性质得: ()()4j f t g e ωπω-↔ (2)因为 ()2sgn t j ω↔,根据对称性,有()22sgn jtπω↔-,因此()1sgn j tωπ↔- 8 已知系统的微分方程如下:(a )()()()()43y t y t y t f t '''++=; (b )()()()()()56y t y t y t f t f t ''''++=+ (1)求系统的频率响应H (j ω)和冲激响应h (t ); (2)若激励()()2t f t e U t -=,求系统的零状态响应()f y t 。

解:(a )(1)由微分方程可知系统的频率响应为()()2111121343H j j j j j ωωωωω⎛⎫==- ⎪++++⎝⎭,因此冲激响应为()()()312tt h t e e U t --=- (2)设 ()()()(),f f f t F j y t Y j ωω↔↔,则()12F j j ωω=+,由频域分析()()()()()()()2111212343f Y j F j H j j j j j j j ωωωωωωωωω⎡⎤===⎢⎥++++++⎢⎥⎣⎦ 可令()312123f A A A Y j j j j ωωωω=+++++ ,其中()()()()111111232f j j A j Y j j j ωωωωωω=-=-=+==++ ()()()()22212113f j j A j Y j j j ωωωωωω=-=-=+==-++ ()()()()333113122f j j A j Y j j j ωωωωωω=-=-=+==++ 即 ()1/211/2123f Y j j j j ωωωω-=+++++,因此零状态响应为 ()()231122t t t f y t e e e U t ---⎛⎫=-+ ⎪⎝⎭(b )(1)由微分方程可知系统的频率响应为()()21122356j H j j j j j ωωωωωω+-==+++++,因此冲激响应为()()()232t t h t e e U t --=-+(2)设 ()()()(),f f f t F j y t Y j ωω↔↔,则()12F j j ωω=+,由频域分析()()()()()()2211125623f j j Y j F j H j j j j j j ωωωωωωωωωω⎡⎤++===⎢⎥+++++⎢⎥⎣⎦ 可令()()3122232f A A A Y j j j j ωωωω=+++++ ,其中 ()()()21221213f j j j A j Y j j ωωωωωω=-=-+=+==-+()()()()222222122233f j j j d j A j Y j d j j j ωωωωωωωωω=-=-=-'⎛⎫+⎡⎤=+=== ⎪⎣⎦++⎝⎭()()()32331322f j j j A j Y j j ωωωωωω=-=-+=+==-+即 ()()2122122232232f d Y j j j j d j j j j ωωωωωωωω⎛⎫---=++=-++ ⎪++++++⎝⎭,因此零状态响应为()()()22322t t t f y t te e e U t ---=-+-9求下列信号的拉氏变换,并注明收敛域。

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