2021年高三11月月考物理试题一、选择题:（本题共7小题，每小题6分，在每小题给出的四个选项中，只有一项符合题目要求的，选对的得6分，有选错的得0分，共42分）1．一物体自t＝0 时开始做直线运动，其速度图线如图所示．下列选项正确的是（）A．在0～6 s 内，物体离出发点最远为30 mB．在0～4s 内，物体的平均速率为7.5 m/sC．在0～6 s 内，物体经过的路程为35mD．在5～6 s 内，物体所受的合外力做负功2．在建筑装修中，工人用质量为M的磨石对斜壁(斜壁与竖直方向的夹角为θ)进行打磨，如图所示．当对磨石加竖直向上的推力F时，磨石恰好沿斜壁匀速向上运动．已知磨石与斜壁之间的动摩擦因数为μ，则磨石受到的摩擦力是 ( )A．μ(F－mg)cos θ B．μ(mg－F)sin θC．μ(mg－F) D．μ(F－mg)3．如图所示，质量为1 kg物体与水平地面间的动摩擦因数为0．2，在水平恒力F作用下，物体以8 m/s的速度作匀速直线运动。
现保持力F大小不变，方向突然变为竖直向上，则关于物体以后的运动，以下说法正确的是（g=10m/s2）：（）A．物体所受滑动摩擦力大小变为1．6N，经过6s通过的位移为19．2 mFFA v卫星卫星地60°AB B．物体所受滑动摩擦力大小变为1．6N，经过6s通过的位移为20 mC．物体所受滑动摩擦力大小变为2．4N，经过6s通过的位移为20 mD．物体所受滑动摩擦力大小变为1．2N，经过6s通过的位移为20 m4．质量为1 kg的物体以某一初速度在水平面上滑行,由于摩擦阻力的作用,其动能随位移变化的图线如图所示,g取10 m/s2,则以下说法中正确的是A．物体与水平面间的动摩擦因数为0．5B．物体与水平面间的动摩擦因数为0．2C．物体滑行的总时间为4 sD．物体滑行的总时间为2．5 s5．从高H处以水平速度平抛一个小球1，同时从地面以速度竖直向上抛出一个小球2，两小球在空中相遇则：( )(1)．从抛出到相遇所用时间为．(2) 从抛出到相遇所用时间为(3)．抛出时两球的水平距离是 (4)．相遇时小球2上升高度A.(1)(3)B.(2)(3)C.(2)(3)(4)D.(2)(4)6．（易错卷）如图所示，足够长的斜面上A点，以水平速度v0抛出一个小球，不计空气阻力，它落到斜面上所用的时间为t1；若将此球改用2v0水平速度抛出，落到斜面上所用时间为t2，则t1 : t2为：（）A．1 : 1 B．1 : 2 C．1 : 3 D．1 : 47．xx年我国宣布北斗导航系统正式商业运行。
北斗导航系统又被称为“双星定位系统”，具有导航、定位等功能。
“北斗”系统中两颗工作星均绕地心O做匀速圆周运动，轨道半径为r，某时刻两颗工作卫星分别位于轨道上的A、B两位置（如图所示）．若卫星均顺时针运行，地球表面处的重力加速度为g，地球半径为R，不计卫星间的相互作用力．则以下判断中正确的是（）A．这两颗卫星的加速度大小相等，均为B．卫星l由位置A运动至位置B所需的时间为C．卫星l向后喷气就一定能追上卫星2D．卫星1由位置A运动到位置B的过程中万有引力做正功第II卷（非选择题）8．(6分)某探究学习小组的同学欲探究“滑块与桌面间的动摩擦因数”他们在实验室组装了一套如图1所示的装置，另外他们还找到打点计时器及所用的学生电源一台、天平、刻度尺、导线、纸带、钩码若干。
（1）小组同学的实验步骤如下：用天平称量滑块的质量M =300g ，将滑块放在水平桌面上并连接上纸带，用细线通过滑轮挂上两个钩码（每个钩码质量为100g ），调整滑轮高度使拉滑块的细线与桌面平行，让钩码拉动滑块由静止开始加速运动，用打点计时器记录其运动情况。
实验纸带的记录如图2所示，图中前几个点模糊，因此从A 点开始每打5个点取一个计数点，若电源频率为50赫兹，则物体运动的加速度为 m/s 2。
（结果保留两位有效数字），滑块与桌面间的动摩擦因数μ= （重力加速度为g=10m/s 2）。
（2）为提高实验结果的准确程度，某同学对此实验提出以下建议：①绳的质量要轻 ②在“轻质绳”的前提下，绳子越长越好 ③实验时尽量保持拉动滑块的细线与桌面平行 ④尽量保证钩码只沿竖直方向运动，不要摇晃以上建议中确实对提高准确程度有作用的是 。
（在答题卡上对应区域填入选项前的编号） 9．（12分）某探究学习小组的同学欲以右图装置中的滑块为对象验证“动能定理”，他们在实验室组装了一套如图所示的装置，另外他们还找到了打点计时器所用的学生电源、导线、复写纸、纸带、小木块、细沙、垫块。
当滑块连接上纸带，用细线通过滑轮挂上空的小沙桶时，释放小桶，滑块处于静止状态。
若你是小组中的一位成员，要完成该项实验，则：（1）你认为还需要的实验器材有 、 。
(两个)（2）实验时为了保证滑块（质量为M ）受到的合力与沙和沙桶的总重力大小基本相等，沙和沙桶的总质量m 应满足的实验条件是 ，实验时首先要做的步骤是 。
（3）在（2）的基础上，某同学用天平称量滑块的质量M 。
往沙桶中装入适量的细沙，用天平称出此时沙和沙桶的总质量m 。
让沙桶带动滑块加速运动，用打点计时器记录其运动情况，在打点计时器打出的纸带上取两点，测出这两点的间距L 和这两点的速度大小v 1与v 2（v 1< v 2）。
则对滑块，本实验最终要验证的数学表达式为 （用题中的字母表示）。
（4）要探究滑块与沙及沙桶组成的系统机械能是否守恒，如果实验时所用滑块质量为M ，沙及沙桶总质量为m ，让沙桶带动滑块在水平气垫导轨上加速运动，用打点计时器记录其运动情况，在打点计时器打出的纸带上取两点，测出这两点的间距L 和这两点的速度大小v 1与v 2（v 1< v 2）。
则最终需验证的数学表达式为 （用题中的字母表示）。
水平实滑小沙滑细打点计纸长木板三、计算题（计算题解答应写出必要的文字说明、方程式和重要演算步骤，只写出最后答案的不能得分，有数值运算的题，答案中必须明确写出数值和单位。
）10．（15分）如图所示，一质量为1 kg的小球套在一根固定的直杆上，直杆与水平面夹角θ为30°。
现小球在F=20 N的竖直向上的拉力作用下，从A点静止出发向上运动，已知杆与球间的动摩擦因数μ为。
试求：（1）小球运动的加速度a1；（2）若F作用1．2s后撤去，小球上滑过程中距A点最大距离s m；（3）若从撤去力F开始计时，小球经多长时间将经过距A点上方为2．25 m的B点。
11．（17分）如图所示，粗糙弧形轨道和两个光滑半圆轨道组成翘尾巴的S形轨道.光滑半圆轨道半径为R，两个光滑半圆轨道连接处CD之间留有很小空隙，刚好能够使小球通过，CD之间距离可忽略.粗糙弧形轨道最高点A与水平面上B点之间的高度为h.从A点静止释放一个可视为质点的小球，小球沿翘尾巴的S形轨道运动后从E点水平飞出，落到水平地面上，落点到与E点在同一竖直线上B点的距离为s.已知小球质量m，不计空气阻力，求： (1)小球从E点水平飞出时的速度大小； (2)小球运动到半圆轨道的B点时对轨道的压力； (3)小球沿翘尾巴S形轨道运动时克服摩擦力做的功.13．（18分）质量为m=1kg的小物块轻轻放在水平匀速运动的传送带上的P点，随传送带运动到A点后水平抛出，小物块恰好无碰撞的沿圆弧切线从B点进入竖直光滑的圆孤轨道下滑。
B、C为圆弧的两端点，其连线水平。
已知圆弧半径R=1.0m圆弧对应圆心角，轨道最低点为O，A点距水平面的高度h=0.8m,小物块离开C点后恰能无碰撞的沿固定斜面向上运动，0.8s 后经过D点，物块与斜面间的动摩擦因数为= (g=10m/s2,sin37°=0.6,cos37°=0.8）试求：（1）小物块离开A点时的水平初速度v1。
（2）小物块经过O点时对轨道的压力。
（3）假设小物块与传送带间的动摩擦因数为0.3，传送带的速度为5m/s，则PA间的距离是多少？（4）斜面上CD间的距离。
xx学年度重庆双桥中学学校11月月考卷试卷副标题答题卡④尽量保证钩码只沿竖直方向运动，不要摇晃以上建议中确实对提高准确程度有作用的是。
（在答题卡上对应区域填入选项前的编号）9．(12分) (1）你认为还需要的实验器材有、。
(两个)（2）实验时为了保证滑块（质量为M）受到的合力与沙和沙桶的总重力大小基本相等，沙和沙桶的总质量m应满足的实验条件是，实验时首先要做的步骤是。
（3）本实验最终要验证的数学表达式为（用题中的字母表示）（4）则最终需验证的数学表达式为（用题中的字母表示）。
评卷人得分10．(15分)评卷人得分11．(17分)评卷人 得分12．(18分)答案1．B【解析】根据图象知，在0～5 s 内，物体离出发点最远，以后物体反向运动，A 错误；图象的上、下面积相加得在0～6 s 内，物体经过的路程为40 m ，C 错；根据在0～4 s 内的路程与时间的比值，得出物体的平均速率为7.5 m/s ，B 正确；在5～6 s 内，速度大小增大，动能增大，由动能定理可知合外力做正功，D 错误 2．A 【解析】分析磨石的受力情况，沿斜面向上的F 的分力等于重力沿斜面向下的分力与摩擦力之和，在沿斜面方向上θθμθsin sin ,,cos cos F F mg F f f mg F N N =+=+=，由此可求得摩擦力为μ(mg－F)sin θ，A 对； 3．B【解析】开始物体做匀速运动，拉力F 等于滑动摩擦力,物体的重力等于mg=10N ，当施加向上的拉力2N 以后地面对物体的支持力变为8N ，摩擦力为，加速度为f=ma ，a=1.6m/s2，由v=at 可知物体运动5s 速度减小到零，所以经过6s 通过的位移为，B 对；4．C【解析】根据动能定理Ek2－Ek1＝－Ffx 可得Ff ＝＝2.5 N ，所以μ＝，A 选项错误，B 选项正确；根据牛顿第二定律可得a ＝ m/s2，由运动学公式得物体滑行的总时间t ＝ s ＝4 s ，C 选项正确，D 选项错误 5．B【解析】平抛运动中竖直方向自由落体运动,在t 时刻相遇,有,运动时间为，水平方向有，B 对 6．B【解析】根据平抛运动分运动特点，水平方向x= v 0t ，竖直方向有gv t v gtx y gt y θθtan 2,2tan ,21002====，θ为斜面的倾角，所以当初速度增大为原来的2倍时时间也增大为原来的2倍，B 对； 7．A【解析】这两颗卫星距地面高度相等，其加速度大小相等，均为GM/r 2=，选项A 正确；由GMm/r 2=mrω2, ω=2π/T、GMm/R 2=mg 联立解得卫星运行周期T=2π,卫星l 由位置A 运动至位置B 所需的时间为T/6=,选项B 错误；卫星l 向后喷气，速度增大做离心运动，高度增加，速度减小，不能追上卫星2，选项C 错误；卫星1由位置A 运动到位置B 的过程中，万有引力方向与位移方向垂直，万有引力不做功，选项D 错误 （3）写出一条．．上面没有提到的对提高实验结果准确程度有益的建议：8．【解析】略 9．（10分）（1）天平， 刻度尺；（每空1分）（2） m<<M ； 平衡摩擦力 （每空1分） （3） （3分） （4） （3分） 【解析】（1）验证动能定理需要测量合外力做功和动能变化量，由动能的概念和功的概念可知需要测量位移和质量（2）本题中是用绳子的拉力作为合外力，只有当） m<<M 时砝码的重力才约等于绳子的拉力，为了保证绳子的拉力为合外力，需要平衡木板的摩擦力（3）重力势能的减小量等于动能的增加量（4）如果以系统为研究对象，砝码重力势能的减小量等于整个系统动能的增大量10．（1）2．5 m/s 2（2）2．4m （3）0．75s 【解析】（1）在力F 作用时有：（F-mg ）sin 30°-μ（F-mg ）cos 30°=ma 1a 1=2．5 m/s 2（2分） （2）刚撤去F 时，小球的速度v 1= a 1t 1=3m/s 小球的位移s 1 = v 1/2 t 1=1．8m （1分）撤去力F 后，小球上滑时有：mgsin 30°+mmgcos 30°=ma 2 a 2=7． 5m/s2 （1分）因此小球上滑时间t2=- v1/a=0．4s 上滑位移s2= v1t2/2 =0．6m（1分）则小球上滑的最大距离为s m=2．4m （1分）（3）在上滑阶段通过B点：s AB- s1= v1 t3-a2t32 （1分）通过B点时间t3=0．2 s ，另t3=0．6s （舍去）（1分）小球返回时有：mgsin30°-mgcos30°=ma3a3=2．5 m/s2 （1分）因此小球由顶端返回B点时有：s m- s AB=-a3t42t4 =（1分）通过通过B点时间t2+ t4== 0．75s （2分）本题考查对牛顿第二定律的应用，以小球为研究对象，受到重力、拉力、支持力和摩擦力的作用，沿着杆的方向和垂直杆的方向建立直角坐标系，沿着杆的方向的合力提供加速度，垂直杆的方向受力平衡，从而先求得加速度大小，撤去F后小球受到重力和摩擦力作用向上做匀减速直线运动，由运动学公式可求得速度减小到零所需时间，再由位移与时间的关系求得上升的最大位移11． (1) (2) ,方向竖直向下 (3)【解析】(1)小球从E点水平飞出做平抛运动，设小球从E点水平飞出时的速度大小为v E,由平抛运动规律，联立解得(2)小球从B点运动到E点的过程，机械能守恒解得在B点得由牛顿第三定律可知小球运动到B点时对轨道的压力为，方向竖直向下 (1分)(3)设小球沿翘尾巴的S形轨道运动时克服摩擦力做的功为W，则得本题考查圆周运动规律和动能定理的应用，从E点飞出后做平抛运动，根据水平方向匀速运动和竖直方向自由落体运动可求得E点的初速度大小，从B点到E点只有重力做功，由动能定理可求得B点速度，在B点由支持力与重力的合力提供向心力，从而求得支持力大小（3）分析小球在沿翘尾巴的S形轨道时合力做功，等于动能的变化量，从A点到E点根据动能定理可求得克服摩擦力做功12．（1）（2）N = 6mg （2）mgR【解析】（1）滑块恰能到达圆环最高点D，说明滑块在D点时重力恰好提供向心力，即mg = m 2分得υD = 1分（2）小滑块从C→D，由机械能守恒定律得mυC2 = mυD2 + mg·2R 2分υC = 1分在C点，根据牛顿第二定律，有N– mg = m 2分得 N = 6mg 1分（2）AB之间长度L = [h–（R– Rcosθ）]/sinθ= R 1分平直导轨对滑块的滑动摩擦力f = μmgcosθ = mg 1分从A→C，根据能量守恒定律有mυC2 + fL = E p + mg h 2分得 E p = mgR 1分本题考查圆周运动规律的应用，在最高点通过的临界条件是只有重力提供向心力，从C到D 可通过机械能守恒定律求得C点速度，在C点由支持力和重力的合力提供向心力，列式求解可得，在A到B间，通过动能定理可求得势能大小13．（1）3m/s（2）43N （3）1.5m（4）0.98m【解析】（1）对小物块，由A到B有：----- 1分在B点---- 1分所以 ----- 2分（2）对小物块，由B到O有： ----- 1分其中 ----- 1分在O点 ----- 1分所以N=43N由牛顿第三定律知对轨道的压力为 ----- 2分（3）小物块在传送带上加速过程： ----- 1分PA间的距离是 ----- 2分（4）物块沿斜面上滑：----- 1分所以物块沿斜面上滑：----- 1分由机械能守恒知小物块由C上升到最高点历时----- 1分小物块由最高点回到D点历时----- 1分故----- 1分即----- 1分本题考查动能定理、平抛运动规律，根据小球能沿弧线的切线进入轨道，可判断小球在B 点速度，把该速度分解可求得水平分速度，小球在O点，支持力和重力的合力提供向心力，由动能定理求得小球由B到C过程中重力做功，即可求得C点速度大小，再由牛顿第二定理列式求解。