当前位置:文档之家› 等差、等比数列的综合问题

等差、等比数列的综合问题

专 题2 数列知识网络图解一、数列的概念、性质例①若数到{αn }满足αn+1= 若α1=67则α2009的值为( )A.67 B.57 C.37 D.17②αn 则数列{αn }最大项为( )A. α1B. α45C. α44D. α2007③通项为αn =n 2-α n+1的数列{αn }是递增数列,则实数α的取值范围为_________ 二、等差数列、等比数列 知识整合 2αn ,0≤αn <1212≤αn <1 2αn -1,要点 热点 探究例1(1)已知两个等差数列{αn }和{b n }的前n 项和分别为A n 和B n ,且n n A B =7453n n ++,则使得nna b 为整数的正整数n 的个数是( )(2)已知等差数列{αn }的前n 项和为S n ,若OB=α6O A +α195OC ,且A 、B 、C 三点共线(该直线不过点O ),则S 200等于( )(3)与差数列{αn }中,S 6=36,S n =324,S n -6=144,则n =___________(4)等差数列{αn }共有2n +1次,其中奇数项之和为319,偶数次之和为290则其中间项的值为 ( ) A. α9=10 B. α10 =16 C. α11 =29 D. α12=39()1212112121*(21)7(21)45122172131(21)21,2,3,5,11n n n n n n n na a n a A nb b b B n n n az n N n b ----+•--+ ====++-++•- ∈ ∈ ∴=Q 解 ()619512006195200211200200200100222A C a a a a a a s ,B,∴+=++=•=•=•=Q 三点共线()65466511113180366()180362163618324182n n n n nn n nn s s a a a s a a a a a a a a a s n n n --- -=++⋯+= =++⋯+= ∴+=+= +=+∴ =•== ∴= ()12111121121211131914102902213192902922S a a n n a S n a a a a S a ++== ∴= ∴=++=•=+ ∴==奇偶中间项为又例2等差数列{αn }的前n 项和为S n ,α1=1,S 3=9+(1)求数列{αn }的通项αn ,与前n 项和S n ;(2)设b n =ns n(*)n N ∈,求证:数列{b n }中任意不同的三项都不可能成为等比数列 【解析】(1)由已知得故αn =2n -1,S n =n (n ) (2)证明:由(1)得b n =ns n= n 假设数列{b n }中存在三项b p ,b q ,b r (p ,q ,r 互不相等)成等比数列,则2q b =b p b r , 即 (q )2=(p )(),∴(q 2-pr )+(2 q -p -r =0∵p ,q ,r ∈N ·,∴ ∴2()2p r += pr ,即(p -r )2=0,∴p =r ,这与p ≠r 矛盾 ∴数列{b n }中任意不同的三项都不可能成为等比数列 变式 已知数列{αn }中,α1=12,点(n ,2αn+1-αn )在直线y=x 上,其中n =1,2,3… (1)令b n =αn+1-αn -1,求证:数列{b n }是等比数列; (2)求数列{αn }的通项;(3)设S n ,T n 分别为数列{αn },{b n }的前n 项和,是否存在实数λ,使得数列{n nS T nλ+}为等差数列?若存在,试求出λ;若不存在,则说明理由。

解(1)αn+2-αn+1-1=12(αn+1-αn -1) (2)α1=12,2α2-α1=1 α2=12(1+α1)=34α2-α1-1=3131424--=- b n =αn+1-αn -1=34-·(12)n+1 αn +1-αn =1-3(12)n+1T n =13322n +-+ S n =233322n n n -+- α1+13α1+3d =9+∴d =2 q 2-pr =0 2 q -p -r =021333332222n n n s Tn n n n λλλ++-=+--+ ∴存在2λ=使32n s Tn n n λ+-={32n -}等差 例3 已知数列{αn }为等差数列,公差d ≠0,由{αn }中的部分项组成的数列12b b a a ,,…,n b a ,…为等比数列,其中b 1=1,b 2=5,b 3=17(1)求数列{b n }的通项公式;(2)记T n =123123nn n n n n C b C b C b b +++…+C ,求T n解(1)∵25117aa a =⨯ ∴2111(4)(16)a d a a d +=+∴12a d = ∴25111143b b a a a dq a a a +==== 又1113(1)n bn n a a a b d ===+-∴11113(1)2n n a a a b -=+- ∴b n =-1(2)11212(33+n n n T C C =+…+13)n n n C --(1)n n n C +…+C=1+23(12233n n C C +-+…03)(n n n n C C +-+…)n n C =02212(333n n C C +++…+3)2n n n n C - =12(13)233n n++- =2112233n n ++- 变式 (理)设数列{αn }的首项α1=α≠14,且αn+1=记b n =α2n -1-14n =1,2,3,…(1)求α2,α3;(2)判断数列{b n }是否为等比数列,并证明你的结论; (3)求lim n →∞(b 1+b 2+…+ b n )(文)数列{αn }的前n 项和为S n ,且α1=1, αn+1=13n s ,n =1,2,3,…求: (1)α2,α3,α4的值及数列{αn }的通项公式; (2)α2+α4+α6+…+α2n 的值 三、简单递推数列与数列求和12αn , n 为偶数 αn +14,n 为奇数探究点一 基本求和问题例1(1)已知数列{αn }为等差数列,且公差不为0,首项也不为0,求和:111na a i i i ∑+= (2)已知α>0且α≠1数列{αn }是首项为α,公比边也为α的等比数列,令b n =αn ·1ga n(n ∈N ),求数列{αn }的前n 项和S n (3)已知f 、(x )=193x+求'f (0)'1()f n ++…+'()n f n (4)数列{αn }满足αn =解:(1)11n n a a + (2)2lg [1(1)](1)n a an na a a -+-- (3)∵当121x x +=时,f 、(x 1)+ f 、(x 2)=1212129961393(99)9x x x x x x +++=+++ 令n s = f 、(0)'1()f n ++…+'()nf nn s ='()n f n '1()n f n-+…'f (0)∴2n s =['f (0)+'()n f n ](n+1)=13(n+1) ∴s n =16n +(4)当n=2k 时 s n = s 2k =(α1+α3+…+α2k-1)+( α2+α4+…+α2k )=222222424343k n n k ++--+=+ 当n=2k+1时s n = s 2k+1= s 2k +α2k+1=222243k k +-++2k+1=12124()23n n +--+∴s n =例2 数列{αn }中,α1=8,α4=2且满足αn+2=2αn+1-αn ,n ∈N (1)求数列{αn }的通项公式; (2)设S n =12a a ++…n a ,求S n ; (3)设1(*)(12)n bn n N n a =∈-,12n T b b =++…+ b n (*)n N ∈,是否存在最大的整数m ,使得对任意(*)n N ∈,均有T n >32m成立?若存在,求出m 的值;若不存在,请说明理由 解析 (1)αn =8-2(n -1)=10-2n (2)由αn =10-2n ≥0 得n ≤5 n ≤5时 S n =α1+α2+…+αn =8 n +(1)2n n -(-2)=9n -n 2 n ,2n ,n 为奇数 n 为偶数11242()23n n +--+,n 为奇数222443n n +-+,n 为偶数n >5时 S n =α1+α2+…+α5-α6-α7-…-αm =(α1+α2+…αn )-2(α1+…+α5)=9 n 2-n 2-40∴ (3)b n =12(1)n n + m <32·12(1-111123+-+…111n n -+)m <16(111n -+) m <16(112-)=8 ∴m 的最大值为7探究点二 用叠加法、累乘法、迭代法求通项公式例3(1)已知数列{αn }满 足α1=1,αn =αn -1+ n (n ≥2)则αn =______(2)已知数列{αn }满足α1=2,αn =αn -1·2 n -1(n ≥2),则αn =_____ (3)在数列{αn }中α1=3,αn +1=2n a (*)n N ∈,则αn =_____解(1)()()2122221()22332n n n n n --++探究点三 构造新数列,转化为等差、等比数列问题 例4(1)在数列{αn }中,若α1=1,αn +1=2αn +3(n ≥1),则该数列的通项αn =____(2) 在数列{αn }中,若α1=1,αn +1=2αn +3n+1(n ≥1),则该数列的通项αn =_____ (3) 在数列{αn }中,若α1=3, αn +1=323nn a a +(*)n N ∈则该数列的通项αn =_____(4)已知数列{αn }满足x 1=3, x 2=32, x n =12(x n -1+ x n -2),n =3,4…,则数列{x n }的通项公式为____ 112112()11122111221121()2n n n n n n n n x Ax B x Ax A A B A B B AB x x x x ------ -=-⎧=+=⎧⎧⎪=-⎪⎪⎪⇒⎨⎨⎨=-⎪⎪⎪==-⎩⎩⎪⎩ -=--解(4)令 则或 若A= B=-则∴112121122n n n n x x x x --- +=+=若A=- B=1 则112()2n n x -∴=+-S n = 9 n -n 2n =59 n 2+n 2-40 n >5=…=()212111322n n x x =-⎛⎫⎛⎫--=- ⎪ ⎪⎝⎭⎝⎭21132x x =+=L探究点四 归纳——猜想——证明例5数列{αn }满足αn +1=2,αn >0,且(n +1)2n a +1n n a a +-21n na +=0,又数列{b n }满b n =121n -+(1)求数列的通项αn 和前n 项和S n(2)求数列{b n }的前n 项和T n (3)比较S n 与T n 的大小【解答】(1)∵αn >0(*)n N ∈,且(n +1)2n a +1n n a a +-21n na +=0,∴(n +1)2()()011a a nnn a a n n +-=++∴11a n a n =-+或1n n +, ∵αn >0(*)n N ∈ ∴11n n a n a n +=+ ∴121223n n n n n n n a a a a a a a a -----=⨯⨯⨯ (32)21a a a a ⨯=12123n n n n n n --⨯⨯⨯---…2231n ⨯= 又α1=2, 所以,αn =2n ∴S n =α1+α2+…+αn =2(1+2+…+n )= n 2+ n(2)∵b n =2n-1+1 T n = b 1+ b 2+…+ b n =(2°+21+…2n -1)+ n =2n+ n -1(3)T n -S n =2n -n 2-1当n=1时,T 1-S 1=21-12-1=0 ∴T 1= S 1; 当n=2时,T 2-S 2=22-22-1=-1 ∴T 2<S 2当n=3时,T 3-S 3=23-32-1=-2 ∴T 3<S 3;当n=4时,T 4-S 4=24-42-1=-1, ∴T 4<S 4;当n=5时,T 5-S 5=25-52-1=6 ∴T 5<S 5;当n=6时,T 6-S 6=26-62-1=27, ∴T 6<S 6.猜想:当n ≥5时,T n >S n ,即2n >n 2+1.下用数学归纳法证明; ①当n=5时,前面已验证成立;②假设n=k (k ≥5)时命题成立,即2k >k 2+1成立,那么当n=k +1(k ≥5)时, 2k+1=2·2k>2·(k 2+1)= k 2+ k 2+2≥k 2+5 k +2>k 2+2 k +2=( k +1)2+1. 即n=k +1(k ≥5)时命题也成立由①②可知,当k ≥5时,有T n = S n ; 综上可知:当n =1时,T 1= S 1;当2≤n <5时,T n <S n 当n ≥5时,有T n >S n 。

相关主题