初等数学研究答案1大学数学之初等数学研究，李长明，周焕山版，高等教育出版社 习题一1答：原则：（1）A ⊂B（2）A 的元素间所定义的一些运算或基本关系，在B 中被重新定义。

而且对于A 的元素来说，重新定义的运算和关系与A 中原来的意义完全一致。

（3）在A 中不是总能施行的某种运算，在B 中总能施行。

(4) 在同构的意义下,B 应当是A满足上述三原则的最小扩展,而且由A 唯一确定。

方式：（1）添加元素法；（2）构造法 2证明:(1)设命题能成立的所有c 组成集合M 。

a=b ，M 11b 1a ∈∴⋅=⋅∴，假设bcac M c =∈，即，则Mc c b b bc a ac c a ∈'∴'=+=+='，由归纳公理知M=N ，所以命题对任意自然数c 成立。

（2）若a <b ，则bc kc ac bc,k)c (a )1(b k a N k =+=+=+∈∃即，，由，使得则ac<bc 。

（3）若a>b，则acm c bc ac,m )c (b )1(a m b N m =+=+=+∈∃即，，由，使得 则ac>bc 。

3证明:(1)用反证法：若ba b,ab a <>≠或者，则由三分性知。

当a >b 时，由乘法单调性知ac >bc. 当a <b 时，由乘法单调性知ac<bc.这与ac=bc 矛盾。

则a=b 。

（2）用反证法：若ba b,ab a =>或者，则由三分性知不小于。

当a >b时，由乘法单调性知ac >bc. 当a=b 时，由乘法单调性知ac=bc.这与ac<bc 矛盾。

则a <b 。

（3）用反证法：若ba b,ab a =<或者，则由三分性知不大于。

当a<b时，由乘法单调性知ac<bc. 当a=b 时，由乘法单调性知ac=bc.这与ac>bc 矛盾。

则a>b 。

4. 解：（1）4313='=+ 541323='='+=+652333='='+=+ 763343='='+=+874353='='+=+（2）313=⋅631323=+⋅=⋅93232333=+⋅='⋅=⋅123333343=+⋅='⋅=⋅153434353=+⋅='⋅=⋅5证明：当n=1时，的倍数。

是9181n 154n=-+假设当n=k 时的倍数。

是91k 154k-+则当n=k+1时的倍数。

是）（）（918k 451k 154411k 154k1k +--+=-+++则对∀N n ∈，1n 154n-+是9的倍数.6证明：当1n =时，141-=3-，n21n21-+=3-；则当1n =时成立。

假设当k n =时成立，即(141-)(941-)(2541-)……… (21k 241）（--)=k 21k21-+ 当1k n +=时，(141-)(941-)(2541-)……… (21k 241）（--)（21k 241）（+-） =k21k21-+（21k 241）（+-）=）（）（1k 211k 21k 21k 23+-++=++- 当1k n +=时成立。

7解：（1）01x 3x 132=---==+，则，αββα（2）3311=-=---ββαα，131313An2n n 2n n n 2n 2n 2n ββααβαβα+--+-=-=∴+++++131311n 11n nn ）（）（-+-+---+-=βββαααβα133131n 1n nn ++-+-=βαβα；n 1n A A 3+=+（3）当n=1时，1013A 333=-=βα的倍数。

是10假设当n=k 时13A3k3k 3kβα-=的倍数。

是10则当n=k+1时131313A 33k33k 3k 33k 33k 31k 31k 31k 3）（）（）（）（）（βαβαβαββααβα-+-=⋅-⋅=-=+++k333k3k 1013βαβα+-=则对∀N n ∈，n3A 是10的倍数. 8证明：；，，则，，使得，；，lar lc kaq kb ar c aq b Z r q c |a b |a ====∈∃∴ 。

；）（lc kb |a a lr kq lc kb +∴+=+∴ 9证明：假设存在b ，使得,1a +<<a b 由得，b <a ，，使得k a b N k +=∈∃若，则1k =；1a b +=若，则1k >；即1a k a b +>+=；1a b +>因此.1a 是不可能的+<b 10证明：）；，，，，，，（，，设*321321332211Z q q q Z p p p p q c p qb p q a ∈∈===则a(bc)===⋅321321332211p p p )q q q p q p q pq）（（）（）（）（321321p p p q q q a(bc)p q p q p q 332211=⋅=）（11答:(1)加法,乘法,减法; 构成数环 (2)乘法,除法; (3)加法,乘法; (4)加法,乘法; (5)加法,乘法,除法; (6)乘法; (7)加法,乘法,减法;构成数环(8)加法,乘法,减法;构成数环 12 证明：方法一nn 332211b a b a b a b a <<<< 即n11n 2112b a b a ,b a b a >>=-++++++∴11n 21n 21b a b b b a a a 1n 21n 2111n 21b b b b b b b a b a a a ）（）（）（++++++-+++b b b b b a b a b a -b a 1n 21n 11n 2112>+++-++=）（）（）（nn 332211b a b a b a b a <<<<即1-n n n 1-n 1n n 1b a b a ,b a b a <<，=-++++++∴n n n21n 21b a b b ba a an n 21n 21n n n 21b b b b b b b a b a a a ）（）（）（++++++-+++b b b b b a b a b a -b a nn 211-n n n 1-n 1n n 1<+++-++=）（）（）（方法二：设p,b a 11=q,b a nn=则由p=nn 332211b a b a b a ba<<<<=q 得，p b a 11=， p b a 22>，p b a n n> ； qb a 11<，qb a 22<，qb an n= ；则n 21n 21b b b p b p b p b ++++++ n21n21b b b a a a ++++++<<n21n21bb b qb q b q b ++++++ 即q.b b b a a a p n21n21<++++++<则.b a b b b a a a b a n nn 21n 2111<++++++< \13．（1）;109.16.5003105.1102.16.50031053.1102.143434⨯≈+⨯+⨯≈+⨯+⨯（2）;88.4238.026.433824.026.43=-≈- （3）;7.6872232.687138.6813.2264.32≈==⨯ （4）≈÷⨯43564.2)1063.2(3.1008.163875.1079436.2)1063.2(33⨯≈=÷⨯14 解：5.046308.0%02.04.2315|a |≈=⨯==∆δ 则它的有效数字的个数为4。

15 解：551.45511.47321.11416.3232≈=-⨯≈-π16 证明：方法一：⇒dcx bax S ++= 是有理数，则其不包含x ；dcx kdb x d cx kc a kd cx kd b x kc a d cx k d cx b ax S +-++-+=+-+-++=++=）（）（又。

；即，bc ad kd b kc a ===∴，代入，，则；令其为b p c a p d p bc ad ===⇐ dcx bax S ++=得,为有理数。

p abap x b p b ax d cx b ax S =++=++=方法二：⇒dcx b ax S ++=是有理数，则dcx b ax S Z,n m,++=∈∃使得=.nm ；bn.-dm cm )x -(an d)m (cx b)n (ax =+=+，即则bc.ad ;bn dm mc an ,x Q d c b a *=⎩⎨⎧==∈即则是无理数，，，，又由于⇐ 又;d)d (cx b)d (ax d cx b ax S 2d cdx bdadx ++=++=++=bc.ad =则.)(d)b(cx d)d (cx b)d (ax d cx b ax S 2dbd cx d d cdx bd adx =++=++=++=++=dcx bax S ++=∴是有理数17 证明：cd c d c d b a +-=-=-∴+=+，d b c a则若。

时，c d b a ==若⎪⎩⎪⎨⎧=-=+≠b-a c d b-a c -d c d b a 时由得b -a b-a c-d d 2+=;即无理数等于有理数矛盾,则。

c d =18解：（1） ≥++≥≥≥≥≤+≤≤≤≤1n 2n 4534231n n 433221； 并且时并且当∞→>+=+-++n ;01n 21n n 1n 2n 01n 21n n 1n 2n →+=+-++∴此序列为退缩有理闭区间序列，且它所确定的实数为1.（2） ≥+≥≥≥≥≤≤≤≤≤1n 14131210000； 并且时并且当∞→>+=-+n ;01n 101n 101n 101n 1→+=-+∴此序列为退缩有理闭区间序列，且它所确定的实数为0.（3） ≥≥≥≥≥≤≤≤≤≤11112n1-2n 654321； 并且时并且当∞→>=-n ;02n 12n 1-2n 102n12n 1-2n 1→=- ∴此序列为退缩有理闭区间序列，且它所确定的实数为1.19.（1）（⨯）答：复数集与复平面内以0为起点的一切向量组成的集合一一对应；（2）(⨯) 答:两复数的和与积都是实数的充分条件是：这两个复数是共轭复数（3）(⨯)答：共轭虚数的正整数次幂仍是共轭复数；（4）(⨯) 答: 一个非零复数的模等于1的充分条件是它与它的倒数之和为实数.20 证明:当时k 3n =，++-3k2i31）（；）（22i 313k=--当时1k 3n +=，++-+13k 2i31）（；）（12i 3113k -=--+当时2k 3n +=，++-+23k 2i31）（；）（12i 3123k -=--+21解：Z=72i 31）（++=+=++1)6isin 6(cos 17ππ)67isin 67(cosππ+=i 21231--则|Z|=22263241)23-(12-=-=+；则.23arctan 2）（+-=πθ22 解： |z|=1，，则令ααisin cos z +=∴1z z 2+-=)i sin -sin (2cos cos cos 22ααααα+-则u=222)21(cos 41cos 4cos 4|1z z|-=+-=+-ααα当3u,1cos max=-=时α；当.0u,21cos min==时α23. 解方程N).n 1,n 1z 1z nn∈>-=+，（）（）（ 即，则）（）解：由于（,1)11(1z 1z nn =-+-=+nz z1)-n ,2,1,0(k ;nk 2isin n k 2cos 1-z 1z =+=+ππ; 则1)-n ,1,0(k 1nk 2isin n k 2cos n k 2isinn k 2cos 1z =-+++=；ππππ24解：(1);1)(,1)(1nn2n===nωωω ，次单位根）；次方根（个不同的的是，，，n n n 1n2ωωω ∴（2）)(1(1nωω-=-；0)11-n 2=++++ωωω而∴≠-,01ω；011-n 2=++++ωωω（3）)(1(1n-=-z z)11-n 2z z z ++++=)1(-z );())()((1n 32-----ωωωωz z z z 当时，1≠z =++++1-n 21z zz )())()((132-----n z z z z ωωωω令时，1=z .)1()1(112n n =----ωωω ）（25解：由图像知20)-(-10)-3(-|OD |22=+=；则.312||||||max=+=+=AD OD Z .112||||||min =-=-=BD OD Z,24060180)(arg .30,21sin max =+=∴=∴=Z αα.180)(arg min =Z26 解：设z=x+yi,则代入.4y 1)(x .3x 2y x 3z z z z 2222=++=++=++即，得27 证明：isinx ;cosx z isinx cosx z -=+=，则令isinx;cosx z isinx cosx z 22-=+=，；，isinnx cosnx z isinnx cosnx z n n -=+=而；，isinx 2z z cosx 2z z =-=+；，isinx 2z z cosx 2z z 2222=-=+；，isinx 2z z cosx 2z z nn n n =-=+则)z z z zz (z 2i 1sinnx sin2x sinx n n 22-++-+-=+++)z -z)(11(sin )1sin(sinx ]1)z 1(z 1)z -z(1[i 21n n -++-=----=nxx n z z )1)(z 1()2)2(cos 2(cos 2sin2z x n nx nx --+-=;)1)(z 1(2)1(sin 2sin 2sin 4z xn x nx --+=)z z z z (z 21cosnx cos2x cosx n n 22++++++=+++ z)z -z)(11(cos )1cos(1cosx ]1)z 1(z 1)z -z(1[21n n -++--=--+-=nx x n z z)1)(z 1()2)2(in 2sin (2sin 2z x n s nx nx --+-=;)1)(z 1(2)1(cos 2sin 2sin 4z x n x nx --+=x.21n tg cosnx cos2x cosx sinnx sin2x sinx +=++++++ 则28证明: 时，当0x ≠0p x p x p x p x n 1-n 2-n 21-n 1n=+++++ 方程 的两边同乘以得n x -0x p x p x p x p 1nn n -11-n -22-11=+++++-将x=代入上式得，ααisin cos ++++)]isin(-)[cos(-p 11αα0)]isin(-n )[cos(-n p n =++αα .按照复数相等的条件得++αcos p 110cosn p n=+α2sin p sin p 21++αα习题二1解：设这个多项式为)1()(10-+=x a a x f )4)(2)(1(2)(1(32---+--+x x x a x x a ）.然后将已知点依次代入：;10,10)1(00-=∴=-=a a f ;9,1)2(110=∴+=-=a a a f;14,63101)4(2210=∴++==a a a a f ;2,21812124218)5(33210=∴=+++==a a a a a f因此，)1(910)(-+-=x x f )4)(2)(1(22)(1(14---+--+x x x x x ）7523--=x x 即.32)3(=f2解：dx c x b x a x x f +-+-+-+-=-)2()2()2()2()2(234令2=x 得165=d ;令0=x 得;8624,165248169=+-+-+-=c b a c b a 即 令1=x 得.119=+-c b a 令3=x 得.269=++c b a 则165,180,75,14====d c b a 即165)2(180)2(75)2(14)2()2(234+-+-+-+-=-x x x x x f=.5432234+-+-x x x x 3解：由于22341)(m 1)x p(m 2qx 4px 4x4+++++-成为bax x22++的完全平方式，则 =++22b)ax x 2(22341)(m 1)x p(m 2qx 4px 4x 4+++++-得:;)1(2)1(24444222⎪⎪⎩⎪⎪⎨⎧=+=++==-b m ab m p ba q ap .)1(44;44)1(22p m q ba q mb p a =++⎪⎪⎩⎪⎪⎨⎧+=+-=-=∴即4证明: (1))1()1)((-=-x x x F )1x x x x(234++++=15-x=)1(-x );)()()((432λλλλ----x x x x即: );)()()(()(432λλλλ----=x x x x x F(2))()()R()Q()P(5255λλλλλλλS F ⋅=++,即.0)(0)1R()1Q()1P(2=⋅=++λλλS即: .0)1R()1Q()1P(===.0)1(,)1()1()1R()1Q()1P(=⋅=++S S F 得又由则1-x 是R(x)Q(x),P(x),和S(x)的一个公因式。